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    的电压表的示数和丝线的偏转角度. 【查看更多】

     

    题目列表(包括答案和解析)

    （1）在《用电流表和电压表测定电池的电动势和内阻》实验中，某同学根据测得的数据作出了如图所示的I-U图线，由图线可以得到电源电动势E=
    1.5
    1.5
    V，内电阻r=
    2.14
    2.14
    Ω．
    （2）在欧姆表测电阻的实验中，用“×10”挡测量一个电阻的阻值，发现表针偏转角度太大（指针过于靠右），则可以断定：这个电阻阻值
    较小
    较小
    （填“较小”或“较大”），为了把电阻测得更准确一些，应换用
    “×1档”
    “×1档”
    （填“×1挡”或“×100挡”），调零后重新测量．
    （3）某同学在做“描绘小电珠的伏安特性曲线”的实验中得到如下一组U和I的数据：
      编号 1 2 3 4 5 6 7 8
    U（伏） 0 0.50 1.00 1.50 2.00 2.20 2.60 3.00
    I（安） 0 0.050 0.100 0.150 0.180 0.190 0.200 0.205
    灯泡发光情况 不亮　　　　　　　微亮　　　　逐渐变亮　　　　　　正常发光
    ①从上表数据中可以看出，当小灯泡的功率逐渐增大时，灯丝电阻的变化情况是
    先不变再增大
    先不变再增大
    ．
    ②请在实物图中用铅笔补全其中的连线（电压表、电流表左接线柱为正，右接线柱为负）

    （4）有一待测的电阻R，其阻值约在40～50Ω之间，实验室准备用来测量该电阻值的实验器材有：
    电压表V（量程O～10V，内电阻约20kΩ）；
    电流表A（量程O～300mA，内电阻约4Ω）；
    滑动变阻器R（最大阻值为20Ω，额定电流为1A）
    直流电源E（电动势为9V，内电阻约为0.5Ω）；
    开关；此外还有若干根供连线用的导线．
    实验要求电表读数从零开始变化，并多次测出几组电流、电压值，以便画出电流一电压的关系图线．为了实验能正常进行，减少测量误差，还要求滑动变阻器便于调节．请在方框内画出实验电路．

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    某同学设计了一个测量金属丝电阻率的实验方案，实验室提供的器材有：

    A. 电流表G(内阻Rg=99Ω，满偏电流Ig=3mA)

    B. 电流表A(内阻约为0.2Ω，量程为0〜0.6A)

    C. 螺旋测微器                    

    D.电阻箱R0(0 -9999Ω, 0.5A)

    E. 滑动变阻器R（5Ω，2A)        

    F.干电池组（6V，0.05Ω)

    G. 一个开关和导线若干

    他进行了以下操作：

    (1)  用多用电表粗测金属丝的阻值：当用“x1OΩ”挡时发现指针偏转角度过大，他应该换用______挡（填“x1Ω”或“x1OOΩ”），换挡并进行一系列正确操作后，指针静止时如图1所示，则金属丝的阻值约为______Ω。

     (2)该同学为了较精确测量金属丝的阻值，设计了如图2实验电路，其中将电流表G 与电阻箱串联改装成量程为0~3V的电压表，则电阻箱的阻值应调为R0 =______Ω。

    请根据提供的器材和实验需要，将该同学设计的电路图补画完整。

    (3)实验数据的测量与电阻率的计算，如果金属丝的长度用L表示，直径用d表示， 电路闭合后，调节滑动变阻器的滑片到合适位置，电流表C的示数为I1,，电流表A的 示数为I2，请用已知量和测量量写出计算金属丝电阻率的表达式______。

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    （1）用如图1所示的实验装置，验证牛顿第二定律．

    ①在平衡摩擦力时，先取下砂桶，将木板不带滑轮的一端垫高，让打点计时器接______（选填“交流电源”或“直流电源），然后______（选填“静止释放”或“轻轻推动”）小车，让小车拖着纸带运动．如果打出的纸带如图1右所示，则应______（选填“增大”或“减小”）木板的倾角，反复调节，直到纸带上打出的点迹______，平衡摩擦力才算完成．
    ②图2是某次实验中得到的一条纸带，则小车的加速度是______m/s2．（计算结果保留三位有效数字）
    （2）①甲同学用多用电表测定一只电阻的阻值，操作如下：
    多用电表电阻档有4个倍率：分别为×1K、×100、×10、×1．该同学选择×100倍率，用正确的操作步骤测量时，发现指针偏转角度太大（指针位置如图3中虚线所示）．为了较准确地进行测量，请你补充完整下列依次应该进行的主要操作步骤：
    a．______；
    b．两表笔短接，调节欧姆调零旋钮，使指针指在0Ω处；
    c．重新测量并读数，若这时刻度盘上的指针位置如图中实线所示，测量结果是______Ω．
    ②乙同学用伏安法测量某金属丝的电阻（阻值5～10Ω），实验室提供了下列器材．
    A．电压表（0～3V，内阻1kΩ）　B．电压表（0～15V，内阻5kΩ）
    C．电流表（0～0.6A，内阻2Ω）　　　D．电流表（0～3A，内阻0.5Ω）
    E．滑动变阻器（10Ω，0.2A）　　　　F．滑动变阻器（50Ω，0.6A）
    G．直流电源（6V，内阻不计）
    另有开关一个、导线若干．
    实验中有两种电路可供选择，如图4（甲）和（乙）所示．
    本次实验中电路应选______（选填“甲”或“乙”），电压表应选______，电流表应选______，滑动变阻器应选______．（只填器材前的字母代号即可）．

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    （1）用如图1所示的实验装置，验证牛顿第二定律．

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    ①在平衡摩擦力时，先取下砂桶，将木板不带滑轮的一端垫高，让打点计时器接______（选填“交流电源”或“直流电源），然后______（选填“静止释放”或“轻轻推动”）小车，让小车拖着纸带运动．如果打出的纸带如图1右所示，则应______（选填“增大”或“减小”）木板的倾角，反复调节，直到纸带上打出的点迹______，平衡摩擦力才算完成．
    ②图2是某次实验中得到的一条纸带，则小车的加速度是______m/s2．（计算结果保留三位有效数字）
    （2）①甲同学用多用电表测定一只电阻的阻值，操作如下：
    多用电表电阻档有4个倍率：分别为×1K、×100、×10、×1．该同学选择×100倍率，用正确的操作步骤测量时，发现指针偏转角度太大（指针位置如图3中虚线所示）．为了较准确地进行测量，请你补充完整下列依次应该进行的主要操作步骤：
    a．______；
    b．两表笔短接，调节欧姆调零旋钮，使指针指在0Ω处；
    c．重新测量并读数，若这时刻度盘上的指针位置如图中实线所示，测量结果是______Ω．
    ②乙同学用伏安法测量某金属丝的电阻（阻值5～10Ω），实验室提供了下列器材．
    A．电压表（0～3V，内阻1kΩ）  B．电压表（0～15V，内阻5kΩ）
    C．电流表（0～0.6A，内阻2Ω）      D．电流表（0～3A，内阻0.5Ω）
    E．滑动变阻器（10Ω，0.2A）        F．滑动变阻器（50Ω，0.6A）
    G．直流电源（6V，内阻不计）
    另有开关一个、导线若干．
    实验中有两种电路可供选择，如图4（甲）和（乙）所示．
    本次实验中电路应选______（选填“甲”或“乙”），电压表应选______，电流表应选______，滑动变阻器应选______．（只填器材前的字母代号即可）．

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    （1）用如图1所示的实验装置，验证牛顿第二定律．

    ①在平衡摩擦力时，先取下砂桶，将木板不带滑轮的一端垫高，让打点计时器接______（选填“交流电源”或“直流电源），然后______（选填“静止释放”或“轻轻推动”）小车，让小车拖着纸带运动．如果打出的纸带如图1右所示，则应______（选填“增大”或“减小”）木板的倾角，反复调节，直到纸带上打出的点迹______，平衡摩擦力才算完成．
    ②图2是某次实验中得到的一条纸带，则小车的加速度是______m/s2．（计算结果保留三位有效数字）
    （2）①甲同学用多用电表测定一只电阻的阻值，操作如下：
    多用电表电阻档有4个倍率：分别为×1K、×100、×10、×1．该同学选择×100倍率，用正确的操作步骤测量时，发现指针偏转角度太大（指针位置如图3中虚线所示）．为了较准确地进行测量，请你补充完整下列依次应该进行的主要操作步骤：
    a．______；
    b．两表笔短接，调节欧姆调零旋钮，使指针指在0Ω处；
    c．重新测量并读数，若这时刻度盘上的指针位置如图中实线所示，测量结果是______Ω．
    ②乙同学用伏安法测量某金属丝的电阻（阻值5～10Ω），实验室提供了下列器材．
    A．电压表（0～3V，内阻1kΩ）  B．电压表（0～15V，内阻5kΩ）
    C．电流表（0～0.6A，内阻2Ω）      D．电流表（0～3A，内阻0.5Ω）
    E．滑动变阻器（10Ω，0.2A）        F．滑动变阻器（50Ω，0.6A）
    G．直流电源（6V，内阻不计）
    另有开关一个、导线若干．
    实验中有两种电路可供选择，如图4（甲）和（乙）所示．
    本次实验中电路应选______（选填“甲”或“乙”），电压表应选______，电流表应选______，滑动变阻器应选______．（只填器材前的字母代号即可）．

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    1．答案：B   根据电场线疏密判断E的大小，密的地方场强大，有EA>EB；根据沿电场线方向电势降低，有>.

    2．答案：A    由点电荷的电场分布特点可知，距离点电荷越近，场强越大，因此该点电荷必然处于A点右侧.但点电荷带电性质不确定，因此场强的方向不确定.

    3．答案：BD    由电场的叠加，AB中垂线中由C向上场强为先增后减，故电荷C所受电场力向上且先增后减，所以C的加速度先增后减，但速度始终增大，可知BD正确.

    4．答案：C    静电屏蔽作用，人体相当于一个等势体.

    5．答案：BC    注意两种情况的区别，电键K始终闭合，则电容器两板间的电压保持不变，闭合后再断开则电量保持不变，然后再根据平行板电容器电容、电势差和电量的关系及匀强电场中场强和距离的关系即可.

    6．答案：B    由于库仑力变化，因此质子向b不是做加速运动，A错误；由于a、b之间的电势差恒定，根据动能定理得，可得，则知粒子从a点由静止释放后运动到b点的速率为，B正确；当电子以Oa为半径绕O做匀速圆周运动时，根据，可得，则知电子以Ob为半径绕O做匀速圆周运动时的线速度为，C、D错误.

    7．答案：AD  减小的动能转化为电子的电势能，由A到C减小的动能与由C到B增加的动能相等，所以场强方向由O指向C，A和B的电势相等，形成电场的正电荷应位于D点.

    8．答案：A    根据带电粒子在电场中水平方向上匀速和竖直方向上匀加速即可推出A正确.

    9．答案：D    剪断细线Oc后，a、b作为一个系统在水平方向只受内力（库仑力、绳子拉伸后的拉力）作用，外力无冲量故其水平方向上动量恒为零.在竖直方向上，二者同时在重力作用下做初速度为零的匀加速运动，同时落地机械能守恒，故落地时，ab两球的动能和为.在运动过程中，电场力做正功，因此其系统电势能减小.

    10．答案：BD   粒子在水平方向上做匀速直线运动，因初速度相同，故水平位移大的时间长，因，故，A错.粒子在竖直方向上做匀加速直线运动，有，因为位移相同，所以运动时间长的粒子加速度小，即，故B正确.粒子到达正极板的动能为，而，所以有，C错误.由可以判断A带负电，B不带电，C带正电，D正确.

    11．答案：（1）BE（4分）    要用直流电源形成稳恒电流场，以模拟静电场，应选6V的直流电源，所以选B；要用探针寻找等势点，电流表灵敏度高，指针能左右偏转，所以选E.

    （2）D （4分） 探针由O点左侧沿x轴正方向移到O点右侧的过程中，两探针间的电势差先减小后变大，所以灵敏电流表的指针与零刻度的夹角先变小后变大.

    12．答案：（1）如图（a）.（4分）（2）   （4分）（3）  （4分）

    提示：带电小球的受力如图b，

    根据平衡条件有，

    又有，联立解得，

    ，所以应以为横坐标.

    13．解析：（1）由图可得B点电场强度的大小N/C．（2分）

    因B点的试探电荷带负电，而受力指向x轴的正方向，故B点场强的方向沿x轴的负方向. （2分）

    （2）因A点的正电荷受力和B点的负电荷受力均指向x轴的正方向，

    故点电荷Q位于A、B两点之间，带负电. （2分）

    设点电荷Q的坐标为x，则，（4分）

    由图可得N/C，解得x=2.6m. （4分）

    14．解析：他的解答是错误的.   （5分）

    小环是穿在丝线上，作用于小环上的两个拉力大小相等，方向不同.小环受四个力，如图所示.

    竖直方向       Tsin60°=mg  ①    （3分）

    水平方向  Tcos60°+T=    ②   （3分）

    由①②联立得    （3分）

    15．解析：（1）由小球运动到最高点可知，小球带正电（2分）

    （2）设小球运动到最高点时速度为v，对该过程由动能定理有，

    ①（2分）

    在最高点对小球由牛顿第二定律得，②（2分）

    由①②式解得，T=15N（1分）

    （3）小球在细线断裂后，在竖直方向的加速度设为a，则③（2分）

    设小球在水平方向运动L的过程中，历时t，则④（1分）

    设竖直方向上的位移为s，则⑤（1分）

    由①③④⑤解得，s=0.125m（2分）

    ∴小球距O点高度为s+L=0.625m. （1分）

    16．解析：（1）因油滴到达最高点时速度大小为，方向水平，对O→N过程用动能定理有，（2分）

    所以电场力一定做正功，油滴带负电，则最高位置一定在O点的左上方. （3分）

    （2）由（1）的分析可知，在竖直方向上油滴做初速为的竖直上抛运动，则有，（3分）

    即.（2分）

    （3）油滴由O→N的运动时间，（2分）

    则在水平方向上由动量定理得，（2分）

    即.（2分）

    17．解析：（1）小球由B点运动到C点过程，由动能定理有，

    ，（2分）

    在C点，设绳中张力为FC，则有（2分）

    因FC=mg，故vC=0（2分）

    又由小球能平衡于A点得，（2分）

    （2分）

    （2）小球由D点静止释放后将沿与竖直方向夹θ=53°的方向作匀加速直线运动，直至运动到O点正下方的P点，OP距离h=Lcot53°=（2分）

    在此过程中，绳中张力始终为零，故此过程的加速度a和位移s分别为：

    ，.（2分）

    ∴小球到达悬点正下方时的速率为.（2分）

    18．解析：（1）设电子经电压U1加速后的速度为v0，根据动能定理得：

         e U1=………（2分） 解得：………（2分）

    （2）电子以速度v0进入偏转电场后，垂直于电场方向作匀速直线运动，沿电场方向作初速度为零的匀加速直线运动。设偏转电场的电场强度为E，电子在偏转电场运动的时间为t1，电子的加速度为a，离开偏转电场时相对于原运动方向的侧移量为y1，根据牛顿第二定律和运动学公式得：

    F=eE，  E= ， F=ma，    a =……（3分）

    t1=， y1=，解得： y1=……（3分）

    （3）设电子离开偏转电场时沿电场方向的速度为vy，根据运动学公式得：vy=at1=（2分）

    电子离开偏转电场后作匀速直线运动，设电子离开偏转电场后打在荧光屏上所用的时间为t2，电子打到荧光屏上的侧移量为y2，如图所示

    t2=， y2= vyt2   解得：y2=……………………（2分）

    P到O点的距离为 y=y1+y2=……………………（2分）

     


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