有一标有“6V，0.5A”的小型直流电动机，转子是铜导线绕制的线圈组成，阻值约为0.8Ω．
现要测量该直流电动机正常工作时的输出功率，提供的器材除导线和开关外还有

C、D

C、D

A．直流电源E：8V（内阻不计）
B．直流电流表A₁：0-0.6A（内阻约为0.1Ω）
C．直流电流表A₂：0-0.3A（内阻约为5Ω）
D．直流电压表V₁：0-0.3V（内阻约为3kΩ）
E．直流电压表V₂：0-10V（内阻约为20kΩ）
F．滑动变阻器R：Ω0-10Ω，2A
（1）采用图a所示的电路图较准确地测量电动机线圈的电阻，图中“-M-”表示电动机．

①在电路中○中填入你选择的电流表和电压表（填电表的字母代号）
②闭合S，调整R，在测量电动机线圈电阻时应

BD

BD

A．使电动机转动稳定后读出电流表、电压表示数
B．控制电动机不转动时读出电流表、电压表示数
C．使电动机两端电压达到额定值
D．使两电表指针偏转角度大于满偏时的

1

3

③若电压表的示数为0.20V，电流表的示数为0.20A，电动机线圈电阻为

1.00

1.00

Ω  
（2）利用图b所示的电路图测量电动机正常工作时的输出功率．
①闭合S，调整R，使电压表的示数为

6.0

6.0

V，电动机正常工作．
②该电动机输出的机械功率为

2.75

2.75

W．
③电动机正常工作时，可使1kg的物体匀速上升的速度为

0.275

0.275

m/s．

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有一标有“6V，0.5A”的小型直流电动机，转子是铜导线绕制的线圈组成，阻值约为0.8Ω．
现要测量该直流电动机正常工作时的输出功率，提供的器材除导线和开关外还有______
A．直流电源E：8V（内阻不计）
B．直流电流表A₁：0-0.6A（内阻约为0.1Ω）
C．直流电流表A₂：0-0.3A（内阻约为5Ω）
D．直流电压表V₁：0-0.3V（内阻约为3kΩ）
E．直流电压表V₂：0-10V（内阻约为20kΩ）
F．滑动变阻器R：Ω0-10Ω，2A
（1）采用图a所示的电路图较准确地测量电动机线圈的电阻，图中“-M-”表示电动机．

①在电路中○中填入你选择的电流表和电压表（填电表的字母代号）
②闭合S，调整R，在测量电动机线圈电阻时应______
A．使电动机转动稳定后读出电流表、电压表示数
B．控制电动机不转动时读出电流表、电压表示数
C．使电动机两端电压达到额定值
D．使两电表指针偏转角度大于满偏时的
③若电压表的示数为0.20V，电流表的示数为0.20A，电动机线圈电阻为______Ω  
（2）利用图b所示的电路图测量电动机正常工作时的输出功率．
①闭合S，调整R，使电压表的示数为______V，电动机正常工作．
②该电动机输出的机械功率为______W．
③电动机正常工作时，可使1kg的物体匀速上升的速度为______m/s．

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有一标有“6V，0.5A”的小型直流电动机，转子是由铜导线绕制的线圈组成，阻值约为0.8Ω。为了测量电动机正常工作时的输出功率，应先测量电动机线圈的电阻。现提供的器材除导线和开关外还有：
A．直流电源E：8V（内阻不计）
B．直流电流表A₁：0~0.6A（内阻约为0.5Ω）
C．直流电流表A₂：0~3A（内阻约为0.1Ω）
D．直流电压表V₁：0~3V（内阻约为5kΩ）
E．直流电压表V₂：0~15V（内阻约为15 kΩ）
F．滑动变阻器R₁：0~10Ω，2A
G．标准电阻R₂：3 Ω
（1）需要选用的电流表是______________，电压表是______________；
（2）画出能较准确地测出电动机线圈电阻的电路图，图中M表示电动机；

（3）闭合S，调整R₁，在测量电动机线圈电阻时应______________；
A．使电动机转动稳定后读出电流表，电压表示数
B．控制电动机不转动时读出电流表、电压表示数
C．使电动机两端电压达到额定值
D．使两电表指针有较大角度的偏转
（4）若电压表的示数为2.00V，电流表的示数为0.50A，电动机线圈电阻为______________Ω，该电动机正常工作输出的机械功率为______________W。

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一电阻R_x额定功率为0.01W，阻值不详．用欧姆表粗测其阻值约为40kΩ．现有下列仪表元件，试设计适当的电路，选择合适的元件，较精确地测定其阻值．
A．电流表A₁，量程0～300 μA，内阻约150Ω；
B．电流表A₂，量程0～500 μA，内阻约45Ω；
C．电压表V₁，量程0～3V，内阻约6kΩ；
D．电压表V₂，量程0～15V，内阻约30kΩ；
E．电压表V₃，量程0～25V，内阻约50kΩ；
F．直流稳压电源E₁，输出电压6V，额定电流3A；
G．直流电源E₂，输出电压24V，额定电流0.5A；
H．直流电源E₃，输出电压100V，额定电流0.1A；
I．滑动变阻器R₁，0～50Ω；
J．滑动变阻器R₂，0～2kΩ；
K．电键K一只，连接导线足量．
为了较准确测量R_x的阻值，保证器材的安全，
（1）电源应选

G

G

电压表应选

E

E

电流表应选

B

B

滑动变阻器应选

I

I

（填序号，例如A、B等）
（2）在虚线框中画出实验电路图（用所选器材字母表示如A₁，A₂等）

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题号

1

2

3

4

5

6

7

8

9

10

答案

C

B

D

D

B

D

A

B

D

D

11

12

13

14

15

16

17

18

19

20

21

D

B

C

B

B

AC

D

C

A

AC

CD

22 Ⅰ. 2.50（2分）    0.25（2分）   3.50 （3分）

   Ⅱ ① 40K(或40×10³)   （3分）

      ② A，D，G，H     (各1分，共4分)

      ③ 如图所示

23. (16分)

解：（1）m在滑动摩擦力的作用下向右加速时加速度达到最大a_m。

对m由牛顿第二定律得： f=ma_m                      ①. ………………..(1分)

                       f=μN                        ②.………………..(1分)

                       N=mg                       ③……………………(1分)

对M由牛顿第二定律得：F-f=Ma_M                     ④…………………(1分)

要使木板能抽出来则要求M的加速度a_M大于a_m。即：  a_M>a_m  …………...(1分)

解以上方程得：         F>4N                       ……………………(1分)

   （2）设F作用时间t₁后，m在M上继续相对滑行t₂后到M的最左端。

     m所经过的位移S_m为：S_m= a_m(t₁+t₂)²/2                  ⑤………………..(1分)

               速度v_m为：v_m= a_m(t₁+t₂)                    ⑥..………………(1分)

     F撤消后，M的加速度 a_M2为   f=Ma_M2                ⑦..………………(1分)

     M所经过的位移S_M为：S_M= a_Mt₁²/2 +a_Mt₁t₂- a_M2t₂²/2       ⑧………………..(2分)

               速度v_M为：v_M= a_Mt₁- a_M2t₂                            ⑨………………..(1分)

     位移关系为：         S_M- S_m=L                       ……………….. ..(1分)

     此时要求：           v_M≥ v_m                         ……………….. ..(1分)

     解①----⑨方程组及速度位移关系得：  t₁≥0.8s           ……………….. ..(2分)

即力F的作用时间不得少于0.8 s

24 (18分)

解：（1）经加速电场加速：qU₀=mv₀²/2     得v₀=8×10⁶m/s     …………….. ..(2分)

     垂直极板方向做匀加速直线运动，设加速度a，经1×10^-8s的时间，侧向位移y

     a=qu/md         y=at²/2         得y=8×10^-3m            …………….. ..(3分)

电子进入极板后在平行极板方向做匀速直线运动，垂直极板方向沿同一方向先匀加速再匀减速，再匀加速．匀减速……

     经过各n次匀加速．匀减速，则有      2y．n≤d/2

     解得  n≤3.125           取n=3                          …………….. ..(3分)

     则经过加速．减速各3次后距板的距离为△y =d/2-2y×3=2×10^-3m

     对应的电势差△u=△yU/d=1.82V                            …………….. ..(2分)

    ∴电子离开电场时的动能   E_k=q(U₀+△u)=183.8eV             …………….. ..(3分)

（2）∵△y=y/4

电子在极板中运动的总时间为  …………….. ..(3分)

∴极板长     L= v₀t₁=0.52m                                 …………….. ..(2分)

25 （20分）

解：(1)从开始到M第一次着地，设着地速度为v₁的过程中，对系统：

由机械能守恒定律：MgH-mgH=(M+m)v₁²/2              ①……..（2分）

由动量定理得：    Mgt-mgt=(m+M)v₁                  ②……..（2分）

解得：            t=1s                              …………(1分)

(2)设第3次着地时的速度为v₃，此时系统损失的机械能△E₁即为M的动能

△E₁=Mv₃²/2                         ③……….(1分)

m上升后落回速度仍为v₃，绳绷直后达到共同速度v₃′，损失能量△E₂

绳绷直瞬间系统动量守恒，m的速度在M侧等效向上，与M同向：

    m v₃=(m+M) v₃′                     ④……….(2分)

                △E₂=mv₃²/2-(m+M) v₃′²/2            ⑤………..(2分)

∴              △E₁：△E₂=4：1                     ………….(1分)

(3)设M第一次着地后被m带着上升的高度为H₁，

                       m v₁=(m+M) v₁′                     ⑥……….(1分)

                       MgH₁-mgH₁=(M+m)v₁′²/2             ⑦……….(2分)

       解方程①⑥⑦可得                    ……….(2分)

       依此类推可得                       ……….(2分)

       M所走的全部路程为  l=H+2H₁+2H₁+…2H_n=2.83m          ……….(2分)

6

7

8

9

10

11

12

13

D

A

B

D

D

D

B

C

26．（1）4mol/L    溶液的密度 (4分)

   （2）b           (2分)

   （3）2NaOH+2ClO₂+H₂O₂====2NaClO₂+2H₂O+O₂；防止H₂O₂分解   (3分)

   （4）连续测定吸收塔内溶液的PH   (2分)

   （5） (2分)

   （6）b．e．d，重结晶   (4分)

27．（1）HCl；H₂S；CH₄     (每空1分，共3分)

   （2）CH₄(g)+2O₂(g) ====CO₂(g)+2H₂O(l)；△H=-890KJ.mol^-1  (3分)

   （3）2PH₃+4O₂====P₂O₅+3H₂O       (3分)