8.“神舟 w ww.ks 5u.c om六号飞船发射升空后不久.将在离地面某一高度上沿着圆轨道运行.运行中需要进行多次“轨道维持 .所谓“轨道维持 就是通过控制飞船上发动机的点火时间和推力的大小.方向.使飞船能保持在预定轨道上稳定运行.如果不进行轨道维持.由于飞船受轨道上稀薄空气的摩擦阻力.轨道高度会逐渐降低.在这种情况下飞船的动能.重力势能和机械能的变化情况将会是( )A.重力势能逐渐减小.动能逐渐增大 B.重力势能逐渐减小.机械能不变C.重力势能逐渐增大.动能逐渐减小 D.动能逐渐增大.机械能逐渐减小 查看更多

 

题目列表(包括答案和解析)

如图w ww.ks 5u.c om所示,Q1、Q2带等量正电荷,固定在绝缘水平面上,在其连线上有一光滑绝缘杆,杆上套一带正电的小球,杆所在的区域存在一个匀强磁场,方向如图所示,小球重力不计。现将小球从图示位置由静止开始释放,在小球运动过程中,下列说法中正确的是(     )

A.小球所受的洛伦兹力大小变化,但方向不变

B.小球的加速度将不断变化

C.小球所受洛伦兹力将不断变化

D.小球速度一直增大

查看答案和解析>>

关于质点,下列说法中正确的是(        )w ww.ks 5u.c om

A.研究微小的灰尘时,灰尘一定可以看成质点

B.计算火车通过南京长江大桥的时间,火车可以看成质点

C.研究地球绕太阳公转时,地球可以看成质点

D.研究体操运动员在空中的动作时,运动员可以看成质点

查看答案和解析>>

如图w ww.ks 5u.c om所示,Q1、Q2带等量正电荷,固定在绝缘水平面上,在其连线上有一光滑绝缘杆,杆上套一带正电的小球,杆所在的区域存在一个匀强磁场,方向如图所示,小球重力不计。现将小球从图示位置由静止开始释放,在小球运动过程中,下列说法中正确的是(    )

A.小球所受的洛伦兹力大小变化,但方向不变
B.小球的加速度将不断变化
C.小球所受洛伦兹力将不断变化
D.小球速度一直增大

查看答案和解析>>

卫星电话w ww.ks 5u.co m在抢险救灾中能发挥重要作用。第一代、第二代海事卫星只使用静止轨道卫星,不能覆盖地球上的高纬度地区。而第三代海事卫星采用同步和中轨道卫星结合的方案,解决了覆盖全球的问题。它由4颗同步卫星与12颗中轨道卫星构成。中轨道卫星高度约为地球半径的2倍,分布在几个轨道平面上(与赤道平面有一定的夹角)。地球表面处的重力加速度为g,则中轨道卫星处的重力加速度约为(  )

A.g/4            B.g/9            C.4g            D.9g

查看答案和解析>>

如图w ww.k s5u.c om所示,边长为L的正方形线圈abcd,其匝数为n,总电阻为r,外电路的电阻为Rab的中点和cd的中点的连线OO/ 恰好位于匀强磁场的边界线上,磁场的磁感应强度为B,若线圈从图示位置开始,以角速度OO/ 轴匀速转动,则以下判断中正确的是

A.闭合电路中感应电动势的瞬时表达式e = nBL2ωsinωt

B.在t = 时刻,磁场穿过线圈的磁通量为零,但此时磁通量随时间变化最快

C.从t =0 时刻到t = 时刻,电阻R上产生的热量为Q =

D.从t =0 时刻到t = 时刻,通过R的电荷量q =

查看答案和解析>>

1.C 2.A 3.A 4.C 5.B 6.AD 7.AC 8.AD 9.BC

10.(1)BCD

(2)(1) A ,C     (2) 9.58    

(3)不合理.由于阻力的存在,第(2)问中求得的结果不是当地的重力加速度,不能用它来计算重力势能的改变量. 

11.(1)A D E G H(2分)

 (2)b (1分)  实物连接如下图(2分)

(3)2.4 (3分);1.27×10―6 ?m(3分.答1.25×10-6~1.30×106?m均按正确.)

   (2)解:作出光路如图

       由折射定律得(2分)

      

       所以r=30°(2分)

       由图知

       则ABAC=d?tan30°=d

       出射光线与入射光线间的距离是d(2分)

12-C(1)BCDGH(6分,全对得6分,不全对的每对一项得1分,错一项扣1分,错2项扣3分,错3项本题不得分,本题不得负分)

   (2)①AB相碰满足动量守恒(1分)

       得两球跟C球相碰前的速度v1=1m/s(1分)

       ②两球与C碰撞同样满足动量守恒(1分)

       得两球碰后的速度v2=0.5m/s,

       两次碰撞损失的动能(2分)

       (1分)

14. 解:

(1)mgsinα=BILcosα ………………2分

解得:I=1A               ………1分

 (2) I=               ……2分

解得:v=25m/s                         ……2分

(3) PQ=I2R=4.5W                         ……1分

PG=mgvsinα=6W           ……1分

重力势能的减少量,一部分转化成电能,以焦耳热的形式释放,另一部分给电源充电。

15. 解:

(1)撤去F前,根据牛顿第二定律,有:

    金属块:                                                              …………(2分)

    平板车:                                              …………(2分)

    从给车一个向右的水平恒力到刚撤去该力的过程,平板车与金属块发生的位移满足关系:                                         …………(2分)

    即:

    解得:                                                                     …………(2分)

    所以:                                                         …………(2分)

                                                                     …………(2分)

(2)撤去F后,金属块在平板车的CB段滑动的过程,设最终的共同速度为v3,根据动量守恒,有:

                                                                   …………(3分)

    该过程系统机械能损失等于摩擦生热,有:

                                   …………(3分)

    解得: