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    F．用粒子轰击铍核().可以得到碳核()和质子G．氢原子的核外电子由较高能级迁到较低能级时.要释放一定频率的光子.同时电子的动能增大.电势能减小H．在光的单缝衍射实验中.狭缝变窄.光子动量的不确定量变大 其中正确的有 . 【查看更多】

     

    题目列表(包括答案和解析)

    以下是有关近代物理内容的若干叙述：

    A．紫外线照射到金属锌板表面时能够光电效应，则当增大紫外线的照射强度时，从锌板表面逸出的光电子的最大初动能也随之增大

    B．康普顿效应揭示了光的粒子性

    C．核子结合成原子核一定有质量亏损，释放出能量

    D．太阳内部发生的核反应是热核反应

    E．有10个放射性元素的原子核，当有5个原子核发生衰变所需的时间就是该放射性元素的半衰期

    F．用粒子轰击铍核（），可以得到碳核（）和质子

    G．氢原子的核外电子由较高能级迁到较低能级时，要释放一定频率的光子，同时电子的动能增大，电势能减小

    H．在光的单缝衍射实验中，狭缝交窄，光子动量的不确定量变大

    其中正确的有　　　　.

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    以下是有关近代物理内容的若干叙述：

    A．紫外线照射到金属锌板表面时能够光电效应，则当增大紫外线的照射强度时，从锌板表面逸出的光电子的最大初动能也随之增大

    B．康普顿效应揭示了光的粒子性

    C．核子结合成原子核一定有质量亏损，释放出能量

    D．太阳内部发生的核反应是热核反应

    E．有10个放射性元素的原子核，当有5个原子核发生衰变所需的时间就是该放射性元素的半衰期

    F．用粒子轰击铍核（），可以得到碳核（）和质子

    G．氢原子的核外电子由较高能级迁到较低能级时，要释放一定频率的光子，同时电子的动能增大，电势能减小

    H．在光的单缝衍射实验中，狭缝变窄，光子动量的不确定量变大

    其中正确的有　　　　　　　　。

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    （1）以下是有关近代物理内容的若干叙述：
    A．紫外线照射到金属锌板表面时能够光电效应，则当增大紫外线的照射强度时，从锌板表面逸出的光电子的最大初动能也随之增大
    B．康普顿效应揭示了光的粒子性
    C．核子结合成原子核一定有质量亏损，释放出能量
    D．太阳内部发生的核反应是热核反应
    E．有10个放射性元素的原子核，当有5个原子核发生衰变所需的时间就是该放射性元素的半衰期
    F．用α粒子轰击铍核（），可以得到碳核（）和质子
    G．氢原子的核外电子由较高能级迁到较低能级时，要释放一定频率的光子，同时电子的动能增大，电势能减小
    H．在光的单缝衍射实验中，狭缝交窄，光子动量的不确定量变大
    其中正确的有______．

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    （1）以下是有关近代物理内容的若干叙述：

    A．紫外线照射到金属锌板表面时能够光电效应，则当增大紫外线的照射强度时，从锌板表面逸出的光电子的最大初动能也随之增大

    B．康普顿效应揭示了光的粒子性

    C．核子结合成原子核一定有质量亏损，释放出能量

    D．太阳内部发生的核反应是热核反应

    E．有10个放射性元素的原子核，当有5个原子核发生衰变所需的时间就是该放射性元素的半衰期

    F．用粒子轰击铍核（），可以得到碳核（）和质子

    G．氢原子的核外电子由较高能级迁到较低能级时，要释放一定频率的光子，同时电子的动能增大，电势能减小

    H．在光的单缝衍射实验中，狭缝交窄，光子动量的不确定量变大

    其中正确的有　　　　　　　　.

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    （1）以下是有关近代物理内容的若干叙述：
    A．紫外线照射到金属锌板表面时能够光电效应，则当增大紫外线的照射强度时，从锌板表面逸出的光电子的最大初动能也随之增大
    B．康普顿效应揭示了光的粒子性
    C．核子结合成原子核一定有质量亏损，释放出能量
    D．太阳内部发生的核反应是热核反应
    E．有10个放射性元素的原子核，当有5个原子核发生衰变所需的时间就是该放射性元素的半衰期
    F．用α粒子轰击铍核（
     
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    Be    ），可以得到碳核（
     
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    C    ）和质子
    G．氢原子的核外电子由较高能级迁到较低能级时，要释放一定频率的光子，同时电子的动能增大，电势能减小
    H．在光的单缝衍射实验中，狭缝交窄，光子动量的不确定量变大
    其中正确的有
     
    ．

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    1.C 2.A 3.A 4.C 5.B 6.AD 7.AC 8.AD 9.BC

    10．（1）BCD

    (2)(1) A　，C　　　　　（2）　9.58　　　　

    （3）不合理．由于阻力的存在，第（2）问中求得的结果不是当地的重力加速度，不能用它来计算重力势能的改变量．　

    11．(1)A D E G H(2分)

     (2)b (1分)  实物连接如下图(2分)

    (3)2.4 (3分)；1.27×10―6 ?m(3分．答1.25×10-6~1.30×106?m均按正确．)

       （2）解：作出光路如图

           由折射定律得（2分）

          

           所以r=30°（2分）

           由图知

           则AB―AC=d?tan30°=d

           出射光线与入射光线间的距离是d（2分）

    12-C（1）BCDGH（6分，全对得6分，不全对的每对一项得1分，错一项扣1分，错2项扣3分，错3项本题不得分，本题不得负分）

       （2）①A、B相碰满足动量守恒（1分）

           得两球跟C球相碰前的速度v1=1m/s（1分）

           ②两球与C碰撞同样满足动量守恒（1分）

           得两球碰后的速度v2=0.5m/s，

           两次碰撞损失的动能（2分）

           （1分）

    14. 解：

    （1）mgsinα=BILcosα ………………2分

    解得：I=1A               ………1分

     (2) I=               ……2分

    解得：v=25m/s                         ……2分

    (3) PQ=I2R=4.5W                         ……1分

    PG=mgvsinα=6W           ……1分

    重力势能的减少量，一部分转化成电能，以焦耳热的形式释放，另一部分给电源充电。

    15. 解：

    （1）撤去F前，根据牛顿第二定律，有：

        金属块：                                                              …………（2分）

        平板车：                                              …………（2分）

        从给车一个向右的水平恒力到刚撤去该力的过程，平板车与金属块发生的位移满足关系：                                         …………（2分）

        即：

        解得：                                                                     …………（2分）

        所以：                                                         …………（2分）

                                                                         …………（2分）

    （2）撤去F后，金属块在平板车的CB段滑动的过程，设最终的共同速度为v3，根据动量守恒，有：

                                                                       …………（3分）

        该过程系统机械能损失等于摩擦生热，有：

                                       …………（3分）

        解得：         

     

     

     

     

     

     

     


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