题目列表(包括答案和解析)
向pH=6的蒸馏水中加入一定量的稀H2SO4，保持温度不变，测得溶液的pH=2。下列关于该溶液的叙述错误的是 （ ）
A．该温度高于25℃
B．由水电离出来的c（H+）=1×10-10mol/L
C． c（H+）=c（OH-）+2 c（SO42-）
D．该温度下，向该溶液中加入等体积的pH=12的NaOH溶液，反应后溶液呈中性
（12分）NiSO4·6H2O是一种绿色易溶于水的晶体，广泛用于化学镀镍、生产电池等，可由电镀废渣（除含镍外，还含有：Cu、Zn、Fe、Cr等杂质）为原料获得。操作步骤如下：
①用稀硫酸溶液溶解废渣，保持pH约1.5，搅拌30min，过滤。
②向滤液中滴入适量的Na2S，除去Cu2+、Zn2+，过滤。
③保持滤液在40℃左右，用6%的H2O2氧化Fe2+，再在95℃加入NaOH调节pH，除去铁和铬。
④在③的滤液中加入足量Na2CO3溶液，搅拌，得NiCO3沉淀。
⑤ ▲ 。
⑥ ▲ 。
⑦蒸发、冷却结晶并从溶液中分离出晶体。
⑧用少量乙醇洗涤并凉干。
（1）步骤②除可观察到黑色沉淀外，还可嗅到臭鸡蛋气味，用离子方程式说明气体的产生： ▲ 。
（2）步骤③中，加6%的H2O2时，温度不能过高，其原因是： ▲ 。
（3）除铁方法有两种，一是用H2O2作氧化剂，控制pH值2～4范围内生成氢氧化铁沉淀；另一种方法常用NaClO3作氧化剂，在较小的pH条件下水解，最终生成一种浅黄色的黄铁矾钠［Na2Fe6(SO4)4(OH)12］沉淀除去。下图是温度-pH值与生成的沉淀关系图，图中阴影部分是黄铁矾稳定存在的区域（已知25℃时，Fe(OH)3的Ksp=2.64×10−39）。下列说法正确的是 ▲ （选填序号）。
a．FeOOH中铁为+2价
b．若在25℃时，用H2O2氧化Fe2+，再在pH=4时除去铁，此时溶液中c(Fe3+)=2.64×10−29
c．用氯酸钠在酸性条件下氧化Fe2+离子方程式为：6Fe2++ClO3－+6H+=6Fe3++Cl－+3H2O
d．工业生产中温度常保持在85～95℃生成黄铁矾钢，此时水体的pH约为1.2～1.8
（4）确定步骤④中Na2CO3溶液足量，碳酸镍已完全沉淀的简单方法是： ▲ 。
（5）补充上述步骤⑤和⑥（可提供的试剂有6mol/L的H2SO4溶液，蒸馏水、pH试纸）。
（12分）NiSO4·6H2O是一种绿色易溶于水的晶体，广泛用于化学镀镍、生产电池等，可由电镀废渣（除含镍外，还含有：Cu、Zn、Fe、Cr等杂质）为原料获得。操作步骤如下：
①用稀硫酸溶液溶解废渣，保持pH约1.5，搅拌30min，过滤。
②向滤液中滴入适量的Na2S，除去Cu2+、Zn2+，过滤。
③保持滤液在40℃左右，用6%的H2O2氧化Fe2+，再在95℃加入NaOH调节pH，除去铁和铬。
④在③的滤液中加入足量Na2CO3溶液，搅拌，得NiCO3沉淀。
⑤ ▲ 。
⑥ ▲ 。
⑦蒸发、冷却结晶并从溶液中分离出晶体。
⑧用少量乙醇洗涤并凉干。
（1）步骤②除可观察到黑色沉淀外，还可嗅到臭鸡蛋气味，用离子方程式说明气体的产生： ▲ 。
（2）步骤③中，加6%的H2O2时，温度不能过高，其原因是： ▲ 。
（3）除铁方法有两种，一是用H2O2作氧化剂，控制pH值2～4范围内生成氢氧化铁沉淀；另一种方法常用NaClO3作氧化剂，在较小的pH条件下水解，最终生成一种浅黄色的黄铁矾钠［Na2Fe6(SO4)4(OH)12］沉淀除去。下图是温度-pH值与生成的沉淀关系图，图中阴影部分是黄铁矾稳定存在的区域（已知25℃时，Fe(OH)3的Ksp= 2.64×10?39）。下列说法正确的是 ▲ （选填序号）。
a．FeOOH中铁为+2价
b．若在25℃时，用H2O2氧化Fe2+，再在pH=4时除去铁，此时溶液中c(Fe3+)=2.64×10?29
c．用氯酸钠在酸性条件下氧化Fe2+离子方程式为：6Fe2++ClO3－+6H+=6Fe3++Cl－+3H2O
d．工业生产中温度常保持在85～95℃生成黄铁矾钢，此时水体的pH约为1.2～1.8
（4）确定步骤④中Na2CO3溶液足量，碳酸镍已完全沉淀的简单方法是： ▲ 。
（5）补充上述步骤⑤和⑥（可提供的试剂有6mol/L的H2SO4溶液，蒸馏水、pH试纸）。
I卷包括21小题，每小题6分，共126分。
选择题：选对的给6分，选错或未选的给0分
1―5CBCAD 6―10CDACB 11―13ABD
二、选择题（本题包括8小题，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一项正确，有的小题有多个选项正确，全部选对得满分，选不全的得3分，有选错或不选的得0分）
14．A 15．AC 16．BD 17．D 18．C 19．A 20．AC 21．C
II卷包括10小题，共174分。
22．（1）0.18,0.40或0.41（必须用“逐差法”处理，其它答案均不给分）。
（2）①实物连线如图所示
②E，F；
③2，1.5，0.5。
评分标准：本题共18分，
（1）小题4分，每空2分；
（2）小题14分；①问4分，②③问
每空2分。
23．解：设物块沿轨道AB滑动的加速为
，
收牛顿第二定律有
①
设物块到达B点时的速率为
，则有
②
设物块沿轨道BC滑动的加速度为
，由牛顿第二定律有
③
物块在B点与水平地面相撞后，沿水平地面作匀减速直线运动，到达C点时，速度为零，故有
④
由①②③④各式联立解得
⑤
解法二：由动量定理，设物块沿轨道AB滑动的时间为
，沿水平地面轨道BC运动的时间为
则
①
②
联立以上两式解得：
③
评分标准：本题16分，解法一：正确得出①式4分，正确得出②③④⑤式各给3分。
解法二：正确得出①式给7分，正确得出②式给6分，正确得出③式给3分。
24．解：设A与B碰前的速度为
，与B碰后的速度为
，AB滑到光滑半圆弧轨道的最高点C时的速度为
则
A开始运动到桌子边缘过程中，系统能量守恒有：
①
A、B在碰撞过程中，由动量守恒有：
②
A、B滑至最高点C的过程中，由机械能守恒有
③
A、B粘在一起刚好能滑到光滑半圆弧轨道的最高点
④
联立以上各式，代入数值解得
⑤
评分标准：本题满分18分，正确得出①②③④式各给4分，⑤式给2分。
25．解：（1）粒子从O做匀速圆周运动到P的轨迹如图中实线所示，
由几何关系知
①
又
②
解得：
③
（2）题中给出，微粒进入电场后，在电场力的作用下又经P（0，-L）点返回磁场区域，这说明微粒进入电场后所受电场力的方向与它进入电场时的速度方向相反，即电场的方向与
轴（或
轴）正方向的夹角为45°（如图所示）。
（3）微粒第二次过P点速度方向与第一次过P点时相反，又由于
区域空间内的匀强磁场大小不变、方向突然变为垂直纸面向里，因此微粒将原路返回原点，即微粒第三次过轴时的坐标为（0，0）。
微粒第三次过轴后，由原点垂直于电场方向进入电场，在电场中作类平抛运动，建
坐标系如图：
④
⑤
又
⑥
第四次过轴时
⑦
解得第四次过轴时的坐标为
⑧
评分标准：本题20分，（1）问5分，正确得出①②式各给2分，正确得出③式给1分；（2）问5分，正确得出电场的方向与轴正方向的夹角为45°给5分；（3）问10分，正确得出微粒第三次过轴时的坐标为（0，0）给5分，④⑤⑥⑦⑧式各给1分。
26．（16分）
（1）极性， （各2分，共4分）
（2）H2O>NH3>CH4（2分）
（3）HNO3>H3PO4>H2SiO3（3分）
|
BbDd
BbDd 2分