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    6．“神舟 六号飞船发射升空后不久.将在离地面某一高度上沿着圆轨道运行.运行中需要进行多次“轨道维持 .所谓“轨道维持 就是通过控制飞船上发动机的点火时间和推力的大小.方向.使飞船能保持在预定轨道上稳定运行.如果不进行轨道维持.由于飞船受轨道上稀薄空气的摩擦阻力.轨道高度会逐渐降低.在这种情况下飞船的动能.重力势能和机械能的变化情况将会是( )A．重力势能逐渐减小.动能逐渐增大 B．重力势能逐渐减小.机械能不变C．重力势能逐渐增大.动能逐渐减小 D．动能逐渐增大.机械能逐渐减小 【查看更多】

     

    题目列表(包括答案和解析)

    “神舟”六号飞船发射升空后不久，将在离地面某一高度上沿着圆轨道运行，运行中需要进行多次“轨道维持”．所谓“轨道维持”就是通过控制飞船上发动机的点火时间和推力的大小、方向，使飞船能保持在预定轨道上稳定运行．如果不进行轨道维持，由于飞船受轨道上稀薄空气的摩擦阻力，轨道高度会逐渐降低，在这种情况下飞船的动能、重力势能和机械能的变化情况将会是（　　）

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    “神舟”六号飞船发射升空后不久，将在离地面某一高度上沿着圆轨道运行，运行中需要进行多次“轨道维持”．所谓“轨道维持”就是通过控制飞船上发动机的点火时间和推力的大小、方向，使飞船能保持在预定轨道上稳定运行．如果不进行轨道维持，由于飞船受轨道上稀薄空气的摩擦阻力，轨道高度会逐渐降低，在这种情况下飞船的动能、重力势能和机械能的变化情况将会是（　　）
    A．重力势能逐渐减小，动能逐渐增大
    B．重力势能逐渐减小，机械能不变
    C．重力势能逐渐增大，动能逐渐减小
    D．动能逐渐增大，机械能逐渐减小

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    “神舟”六号飞船发射升空后不久，将在离地面某一高度上沿着圆轨道运行，运行中需要进行多次“轨道维持”．所谓“轨道维持”就是通过控制飞船上发动机的点火时间和推力的大小、方向，使飞船能保持在预定轨道上稳定运行．如果不进行轨道维持，由于飞船受轨道上稀薄空气的摩擦阻力，轨道高度会逐渐降低，在这种情况下飞船的动能、重力势能和机械能的变化情况将会是（ ）
    A．重力势能逐渐减小，动能逐渐增大
    B．重力势能逐渐减小，机械能不变
    C．重力势能逐渐增大，动能逐渐减小
    D．动能逐渐增大，机械能逐渐减小

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    “神舟”六号飞船发射升空后不久，将在离地面某一高度上沿着圆轨道运行，运行中需要进行多次“轨道维持”．所谓“轨道维持”就是通过控制飞船上发动机的点火时间和推力的大小、方向，使飞船能保持在预定轨道上稳定运行．如果不进行轨道维持，由于飞船受轨道上稀薄空气的摩擦阻力，轨道高度会逐渐降低，在这种情况下飞船的动能、重力势能和机械能的变化情况将会是（ ）
    A．重力势能逐渐减小，动能逐渐增大
    B．重力势能逐渐减小，机械能不变
    C．重力势能逐渐增大，动能逐渐减小
    D．动能逐渐增大，机械能逐渐减小

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    “神舟”六号飞船发射升空后不久，将在离地面某一高度上沿着圆轨道运行，运行中需要进行多次“轨道维持”．所谓“轨道维持”就是通过控制飞船上发动机的点火时间和推力的大小、方向，使飞船能保持在预定轨道上稳定运行．如果不进行轨道维持，由于飞船受轨道上稀薄空气的摩擦阻力，轨道高度会逐渐降低，在这种情况下飞船的动能、重力势能和机械能的变化情况将会是

    A．重力势能逐渐减小，动能逐渐增大

    B．重力势能逐渐减小，机械能不变

    C．重力势能逐渐增大，动能逐渐减小

    D．动能逐渐增大，机械能逐渐减小

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    一、单项选择题

    1-4DABD      

    二、多项选择题

    5、ABD  6、AD  7、BC    8、BD

    三、实验题

    9．10.5          1.731(1.730～1.733均给分)

    10．（1）C     （2）如图

     

     

     

     

     

     

     

     

     

    （3）法一

    a．

    b．如图

    c．纵轴截距的倒数      斜率除以纵轴的截距

    法二

    a．

    b．如图

    c．斜率除以纵轴截距的绝对值  纵轴截距的倒数的绝对值

    11．A题：

    （1）1，-x方向                                                                               

    （2）解：①光在圆柱体中的传播速度

        

    ②设光线PC经折射后经过B点，光路图如图所示

    由折射定律有：     

    又由几何关系有：             

    解①②得 

    光线PC离直线AB的距离CD=Rsinα＝10cm

    则距离直线AB10cm的入射光线经折射后能到达B点．

    B题：

    （1）AD

    （2）子弹射入木块瞬间动量守恒

                  mv0=（M+m）v

    得             v=mv0/（M+m）

    子弹和木块一起上升，上升过程只有重力做功，机械能守恒，则有

       

    12．Fcos-N = ma  （1）            

       Fsin+N=mg      （2）             

            a＞0        （3）             

           N≥0          （4）             

    由（1）（2）（3）（4）得＜F≤。         

    13．解：（1）在14s―18s时间段加速度

                  a=6/（18―14）=1.5m/s2

                  Ff=ma=1.0×1.5N=1.5N

    （2）在5s―7s小车作匀速运动，牵引力F=Ff

                  P=Fv=1.5×6W=9W

    （3）0―2s内x1=×2×3m=3m

    2s―10s内根据动能定理

                   Pt―Ffx2=mv―

    解得                   x2=39m

    加速过程中小车的位移大小为

                   x=x1+x2=42m

    14．（1）粒子在电场中被加速，由动能定理得

                   qU=

    粒子在磁场中偏转，则牛顿第二定律得

                   qvB=m

    联立解得

          r=

           =

           =

    （2）由几何关系可得，粒子恰好垂直穿过分界线，故正确图象为

     

     

     

     

     

     

     

     

     

     

     

     

    （3）带电粒子在磁场中的运动周期

              

    粒子在两个磁场中分别偏转的弧度为，在磁场中的运动总时间

              t=

               =

               =6.5×10―6（s）

    15．（1）         I=

    因为金属棒始终静止，在t时刻磁场的磁感应强度为Bt=B0+kt，所以

    F外=FA=BIl=（B0+kt）=

    方向向右

    （2）根据感应电流产生的条件，为使回路中不产生感应电流，回路中磁通量的变化应为零，因为磁感强度是逐渐增大的，所以金属棒应向左运动（使面积减小）

    即：=0，即=BtSt―B0S0，

    也就是Btl（l―）=B0l2

    得Bt=

    （3）如果金属棒向右匀速运动，因为这时磁感应强度是逐渐减小的，同理可推得，

    所以磁感应强度随时间变化的图像如图（t1时刻Bt不为零）

     

     


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