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    （文）已知数列{an}的前n项和为Sn，且对于任意n∈N*，总有Sn=2（an-1）．
    （1）求数列{an}的通项公式；
    （2）在an与an+1之间插入n个数，使这n+2个数组成等差数列，当公差d满足3＜d＜4时，求n的值并求这个等差数列所有项的和T；
    （3）记an=f（n），如果（n∈N*），问是否存在正实数m，使得数列{cn}是单调递减数列？若存在，求出m的取值范围；若不存在，请说明理由．
    【答案】分析：（1）当n=1时，可求得a1=2，当n≥2时Sn-1=2（an-1-1），与已知关系式相减，可求得an=2an-1，利用等比数列的概念即可求得数列{an}的通项公式；
    （2）由题意，an+1=an+（n+1）d，可求得d=，利用3＜d＜4，可求得d=，从而可知等差数列首项为16，公差为，共有6项，利用等差数列的求和公式即可求得所有项的和T；
    （3）（1）知f（n）=2n，依题意可求得cn=n•m2n，由cn+1＜cn，可求得m2＜1-对任意n∈N*成立，构造函数g（n）=1-，利用g（n）在n∈N*上单调递增的性质，得m的取值范围是（0，）时，数列{cn}是单调递减数列．
    解答：解：（1）当n=1时，由已知a1=2（a1-1），得a1=2．
    当n≥2时，由Sn=2（an-1），Sn-1=2（an-1-1），两式相减得an=2an-2an-1，
    即an=2an-1，所以{an}是首项为2，公比为2的等比数列．
    所以，an=2n（n∈N*）．
    （2）由题意，an+1=an+（n+1）d，故d=，即d=，
    因为3＜d＜4，
    所以3＜＜4，即3n+3＜2n＜4n+4，解得n=4，
    所以d=．所以所得等差数列首项为16，公差为，共有6项．
    所以这个等差数列所有项的和T==144．
    所以，n=4，T=144．
    （3）由（1）知f（n）=2n，
    所以cn=n•f（n•）=n•=n•=n•=n•=n•m2n．
    由题意，cn+1＜cn，即（n+1）•m2n+2＜n•m2n对任意n∈N*成立，
    所以m2＜1-对任意n∈N*成立．
    因为g（n）=1-在n∈N*上是单调递增的，所以g（n）的最小值为g（1）=．
    所以m2＜．由m＞0得m的取值范围是（0，）．
    所以，当m∈（0，）时，数列{cn}是单调递减数列．
    点评：本题考查等差数列与等比数列的综合，突出等比数列的确定与等差数列的求和，考查构造函数思想与单调性的分析应用，属于难题．
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    （文）已知数列{an}满足an+1=an+
    1
    n(n+1)
    ，且a1=1，则an=
    2-
    1
    n
    2-
    1
    n
    ．

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    （文）已知数列{an}满足a1=1，an=
    12
    an-1+1（n≥2），
    （1）求a2，a3，a4的值；
    （2）求证：数列{an-2}是等比数列，并求通项an．

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    （文）已知数列{an}中，a1=2  an=3an-1+4（n≥2），求an及Sn．

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    （文） 已知数列{an}满足an+1=an+1（n∈N+），且a2+a4+a6=18，则log3（a5+a7+a9）的值为（　　）

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    已知数列{xn}满足x1=
    1
    2
    ，xn+1=
    1
    1+xn
    ，n∈N*．
    （1）猜想数列{x2n}的单调性，并证明你的结论；
    （2）证明：|xn+1-xn|≤
    1
    6
    （
    2
    5
    ）n-1．
    （文）已知数列{an}满足a1=1，a2=2，an+2=
    an+an+1
    2
    ，n∈N*．
    （1）令bn=an+1-an，证明：{bn}是等比数列；
    （2）求{an}的通项公式．

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