4.如图所示.水平放置的平行板电容器与一直流电源相连.在两板中央有一带电液滴处于静止状态.现通过瞬间平移和缓慢平移两种方法将A板移到图中虚线位置.下列关于带电液滴运动的说法中正确的是 A.上述两种方法中.液滴都向B板做匀加速直线运动B.采用瞬间平移的方法.液滴运动到B板经历的时间短C.采用缓慢平移的方法.液滴运动到B板时速度大D.采用缓慢平移的方法.液滴运动到B板过程中电场力做功多 【查看更多】

 

题目列表(包括答案和解析)

如图所示,水平放置的平行板电容器与一直流电源相连,在两板中央有一带电液滴处于静止状态.现通过瞬间平移和缓慢平移两种方法将A板移到图中虚线位置.下列关于带电液滴运动的说法中正确的是


  1. A.
    上述两种方法中,液滴都向
    B板做匀加速直线运动
  2. B.
    采用瞬间平移的方法,液滴运动到B板经历的时间短
  3. C.
    采用缓慢平移的方法,液滴运动到B板时速度大
  4. D.
    采用缓慢平移的方法,液滴运动到B板过程中电场力做功多

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如图所示,水平放置的平行板电容器与一直流电源相连,在两板中央有一带电液滴处于静止状态。现通过瞬间平移和缓慢平移两种方法将A板移到图中虚线位置,下列关于带电液滴运动的说法中正确的是
[     ]
A.上述两种方法中,液滴都向B板做匀加速直线运动
B.采用瞬间平移的方法,液滴运动到B板经历的时间短
C.采用缓慢平移的方法,液滴运动到B板时速度大
D.采用缓慢平移的方法,液滴运动到B板过程中电场力做功多

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如图所示,水平放置的平行板电容器与一恒定的直流电压相连,两极板间距离d=10cm.距下板4cm处有一质量m=0.01g的不带电小球由静止落下.小球和下极板碰撞间带上了q=1.0×10-8C的电荷,反跳的高度为8cm,这时下板所带电量为Q=1.0×10-6C.如果小球和下板碰撞时没有机械能损失(即速度的大小不变),(取g=10m/s2)试求:
(1)该电容器极板间的电场强度多大?
(2)该电容器的电容多大?

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如图所示,水平放置的平行板电容器与一恒定的直流电源相连,两极板间距离d=10cm。距下板4cm处有质量m=0.01g的不带电小球由静止落下。小球和下极板碰撞间带上了q=1.0×10-8C的电荷,反跳的高度为8cm,这时下板所带电荷量为Q=1.0×10-6C。如果小球和下板碰撞时没有机械能损失,(取g=10m/s2)试求:

(1)该电容器极板间的电场强度多大?

(2)该电容器的电容多大?

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如图所示,水平放置的平行板电容器与一恒定的直流电源相连,两极板间距离d=10cm。距下板4cm处有质量m=0.01g的不带电小球由静止落下。小球和下极板碰撞间带上了q=1.0×10-8C的电荷,反跳的高度为8cm,这时下板所带电荷量为Q=1.0×10-6C。如果小球和下板碰撞时没有机械能损失,(取g=10m/s2)试求:

(1)该电容器极板间的电场强度多大?

(2)该电容器的电容多大?

 

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一、单项选择题:本题共5小题,每小题3分,共计15分.每小题只有一个选项符合题意.

1.D  2.A  3.C  4.B  5.D

二、多项选择题:本题共4小题,每小题4分,共计16分.每小题有多个选项符合题意.全部选对的得4分,选对但不全的得2分,错选或不答的得O分.

6.AD  7.ACD  8.BC  9.CD

三、简答题:本题共3小题,共计42分.请将解答填写在答题卡相应的位置.

10.(6分)(1)AC(4分)(错选不得分,漏选得2分)

(2)4.00(2分)(答4.0同样给分)

11.(12分)(1)D、H、N (3分)(选对一个得1分,选错一个扣1分,直到扣完为止)

(2)如图所示(3分)(变阻器画成限流接法同样给分,电路只要有错不给分)

(3)(2分)  0.55(2分)

(4)存在摩擦阻力;或电机温度升高,电阻增大.(2分)

12A.(选修模块3-3)(12分)

(1)BD(4分)(错选不得分,漏选得2分)

(2)d(3分)

(3)①气体对外所做功                       (2分)

       ②由热力学第一定律可知,气体内能增加量     (1分)

       则                                               (2分)

12B.(选修模块3- 4)(12分)

    (1)AC(4分)(错选不得分,漏选得2分)

(2)相同(1分)(填“一致”或“平行”同样给分)  检偏器(2分)

(3)①根据周期公式有                                     (1分)

由图象可知单摆周期                                             (1分)

解得                                                                  (1分)

②单摆振动时偏离竖直方向的最大角度            (1分)

解得                                     (1分)

12C.(选修模块3-5)(12分)

(1)AD (4分)(错选不得分,漏选得2分)  (2)(3分)

       (3)①由动量守恒定律可知,系统的初动量大小

                                                                             (2分)

              ②为避免两车恰好不会发生碰撞,最终两车和人具有相同速度(设为v),则

                                                           (2分)

              解得                                                          (1分)

四、计算题:本题共3小题,共计47分.解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤,只写出最后答案的不能得分,有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位.

13.(15分)解:(1)对A球,OA转过90°的过程,设小球A在O点正下方时的速度为v0,由机械能守恒得                                      (2分)

解得                                                            (1分)

A在O点正下方时,设绳对小球A的拉力为T,地面对物块的支持力为NB

对小球有                                                   (2分)

        解得                                                               (1分)

      绳对物块B的拉力

      对物块B                                                   (1分)

         解得                         (1分)

      由牛顿第三定律可知,物块B对地面的压力大小 

         方向竖直向下                                                             (1分)

(2)设小球A在O点正下方时的速度大小为vA ,与水平向左方向成θ角斜向下.

         对小球A和物块B组成的系统,由机械能守恒有

                                       (2分)

解得                                                    (1分)

小球A在O点正下方时速度的竖直分量         (1分)

速度分解如图所示

速度方向与水平向右夹角θ的正弦值

                                          (2分)

14.(16分)解:(1)从0至t1这段时间内                  (1分)

又                                          (2分)

        解得                                      (1分)

    (2)设在t0时刻回路的瞬时感应电流为I,则对d棒

由平衡条件得                                   (1分)

        t0时刻回路的电功率                                  (1分)

        解得                                            (1分)

对回路由全电路欧姆定律有                        (2分)

         解得                                                      (1分)

   (3)设在t0时刻,水平外力为F0,棒c的加速度为a0,由牛顿第二定律得

                                                          (2分)

而                                                                   (1分)

从t1时刻起,对两金属棒组成的系统,由牛顿第二定律有

                                                                (1分)

        解得                                                    (2分)

15.(16分)(1)由牛顿第二定律可知                  (1分)

              代入数据解得               (1分)

如图所示,设恰好在荧光屏P上观察到亮点时,粒子偏转角为2θ,磁场区域的最大半径为R0,由几何关系可知

              ,        (1分)

              代入数据解得     (1分)

              则R应满足的条件   (1分)

(2)电子在两极板间的加速度   (1分)

通过金属板的时间 

对打在荧光屏P上偏离点O2最远的粒子有  (1分)

此时粒子的动能                           (2分)

联列解得                                      (1分)

(3)交变电压的周期  ,则

电子通过金属板的时间 

电子在两极板间的加速度                             (1分)

       设电子分别在、、、时间内沿垂直于初速度方向运动的位移依次为y1、y2、y3、y4,则有

                                                    (1分)

                                                                  (1分)

                                                                 (1分)

   要使电子能通过平行金属板,应满足条件

                                                      (1分)

   联列解得                                              (1分)*

 

 

 

 


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