如图所示.圆盘可以绕过圆心垂直圆盘的竖直轴在水平面内匀速转动．圆盘半径R=0.4m.在圆盘边缘有一质量M=0.5kg的A物体.A通过长度L=0.7m的水平细轻绳穿过位于圆心的光滑轻质小定滑轮与质量m=0.29kg的B物体相连.轻绳与小孔间无摩擦．A物体与圆盘间的最大静摩擦力为其正压力的0.42倍．圆盘距地面高度H=0.5m．(g=10m/s2.AB� 题目和参考答案——青夏教育精英家教网—

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如图所示，圆盘可以绕过圆心垂直圆盘的竖直轴在水平面内匀速转动．圆盘半径R=0.4m，在圆盘边缘有一质量M=0.5kg的A物体，A通过长度L=0.7m的水平细轻绳穿过位于圆心的光滑轻质小定滑轮与质量m=0.29kg的B物体相连，轻绳与小孔间无摩擦．A物体与圆盘间的最大静摩擦力为其正压力的0.42倍．圆盘距地面高度H=0.5m．（g=10m/s²，AB两物体可视为质点）
求：①为使物体A与圆盘间不发生相对滑动，圆盘转动的角度的范围大小多大？
②若当A与圆盘间的静摩擦力f=0.3N时，将OA段绳烧断，则当B落地瞬间A、B两物体的距离最大为多少？

①A受到的最大静摩擦力背离圆心时，角速度最小，
由牛顿第二定律得：mg-μMg=Mω₁²R，解得：ω₁=2rad/s，
当A受到的最大静摩擦力指向圆心时，角速度最大，
由牛顿第二定律得：mg+μMg=Mω₂²R，解得：ω₁=5rad/s，
角速度范围是2rad/s≤ω≤5rad/s；
②绳子断后，B做自由落体运动，
H-（L-R）=

gt²，解得：t=0.2s，
对于A，若静摩擦力指向圆心，
由牛顿第二定律得：mg+f=M

，解得：v₁=1.6m/s，
若静摩擦力背离圆心，物体A的线速度为v₂，mg-f=M

，
显然由上述两个方程可得：v₁＞v₂，所以物体A以v₁的速度平抛，当物体B落地时两者间距最大；
物体A做平抛运动，t=0.2s时间内，沿速度方向的位移为x，
下落的位移为y，则有：x=v₁t，y=

gt2，解得：x=0.32m，y=0.2m，
所以此时A物体与地面的高度为：h=H-y=0.3m，
物体A、B间此时的距离为：S=

R2+x2+h2

0.3524

=0.59m；
答：：①为使物体A与圆盘间不发生相对滑动，圆盘转动的角度的范围是2rad/s≤ω≤5rad/s；
②若当A与圆盘间的静摩擦力f=0.3N时，将OA段绳烧断，则当B落地瞬间A、B两物体的距离最大为0.59m．

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科目：高中物理 来源： 题型：

如图所示，一圆盘可以绕竖直轴在水平面内转动，圆盘半径为R．盘上放置A、B两物体，其质量分别为M和m（M＞m），它们与圆盘之间的摩擦因数均为μ（最大静摩擦力与滑动摩擦力近似相等），A、B两物体间用一根长为L（L＜R）的轻绳连在一起．若将A物体放在转轴位置上，A、B之间连线刚好沿半径被拉直．要使两物体与圆盘间不发生相对滑动，则转盘旋转的角速度最大不能超过（　　）

A．

μ(M-m)g

B．

μ(M-m)g

C．

μ(M+m)g

D．

μ(M+m)g

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科目：高中物理 来源： 题型：

如图所示，两个金属轮A₁、A₂，可绕通过各自中心并与轮面垂直的固定的光滑金属细轴O₁和O₂转动，O₁和O₂相互平行，水平放置．每个金属轮由四根金属辐条和金属环组成，A₁轮的辐条长为a₁、电阻为R₁，A₂轮的辐条长也为a₁、电阻为R₂，连接辐条的金属环的宽度与电阻都可以忽略．半径为a₀的绝缘圆盘D与A₁同轴且固连在一起，一轻细绳的一端固定在D边缘上的某点，绳在D上绕足够匝数后，悬挂一质量为m的重物P．当P下落时，通过细绳带动D和A₁绕轴转动．转动过程中A₁、A₂保持接触，无相对滑动；两轮与各自轴之间保持良好接触，无相对滑动；两轮与各自细轴之间保持良好的电接触；两细轴通过导线与一阻值为R的电阻相连．除R和A₁、A₂两轮中辐条的电阻外，所有金属电阻都不计．整个装置处在磁感应强度为B的匀强磁场中，磁场方向与转轴平行，现将P由静止起释放，
（1）在图中标明八根辐条中的电流方向并画出该装置的等效电路图
（2）在由静止开始下落过程中，整个系统的能量是如何转化的？
（3）定性画出物体由静止开始下落过程中的速度-时间图象
（4）求：P下落过程中的最大速度．

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科目：高中物理 来源： 题型：

一个有一定厚度的圆盘，可以绕通过中心垂直于盘面的水平轴转动，圆盘加速转动时，角速度的增加量△ω与对应之间△t的比值定义为角加速度β（即ρ=

△?

△t

）．我们用电磁打点计时器、米尺、游标卡尺、纸带、复写纸来完成下述实验：（打点计时器所接交流电的频率为50Hz，A、B、C、D…为计数点，相邻两计数点间有四个点未画出）
①如图甲所示，将打点计时器固定在桌面上，将纸带的一端穿过打点计时器的限位孔，然后固定在圆盘的侧面，当圆盘转动时，纸带可以卷在圆盘侧面上；
②接通电源，打点计时器开始打点，启动控制装置使圆盘匀加速转动；
③经过一段时间，停止转动和打点，取下纸带，进行测量．
（1）用20分度的游标卡尺测得圆盘的半径如图乙所示，圆盘的半径r为

6.000

cm；
（2）由图丙可知，打下计数点D时，圆盘转动的角速度为

6.5

rad/s；
（3）纸带运动的加速度大小为

0.59

m/s²，圆盘转动的角加速度大小为

9.8

rad/s²；
（4）如果实验测出的角加速度值偏大，其原因可能是

测量转动半径时没有考虑纸带的厚度

（至少写出1条）．

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科目：高中物理 来源： 题型：

（1）如图1所示的演示实验中，A、B两球同时落地，说明

．某同学设计了如图的实验：将两个质量相等的小钢球，从斜面的同一高度由静止同时释放，滑道2与光滑水平板吻接，则他将观察到的现象是

，这说明

．
（2）如图2所示是自行车传动装置的示意图．假设踏脚板每2秒转一圈，要知道在这种情况下自行车前进的速度有多大，还需测量哪些量？

请在图中用字母标注出来，并用这些量推导出自行车前进速度的表达式：

（3）一个有一定厚度的圆盘，可以绕通过中心垂直于盘面的水平轴转动，用下面的方法测量它匀速转动时的角速度．
实验器材：电磁打点计时器、米尺、纸带、复写纸片．

实验步骤：
A．如图3所示，将电磁打点计时器固定在桌面上，将纸带的一端穿过打点计时器的限位孔后，固定在待测圆盘的侧面上，使得圆盘转动时，纸带可以卷在圆盘侧面上．
B．启动控制装置使圆盘转动，同时接通电源，打点计时器开始打点．
C．经过一段时间，停止转动和打点，取下纸带．
①若打点周期为T，圆盘半径为r，x₁，x₂是纸带上选定的两点分别对应的米尺上的刻度值，n为选定的两点间的打点数（含两点），则圆盘角速度的表达式为ω=

．
②若交流电源的频率为50Hz，某次实验测得圆盘半径r=5.50×10^-2m，得到纸带的一段如图所示，则角速度为

rad/s．