8．BD解析： L₁灯灯丝烧断,导致总电阻增大,总电流减小,L₂变暗,A错；电阻R₂断路, 导致总电阻增大,总电流减小,L₁两端电压减小,路端电压增大,则L₂两端电压增大,L₂变亮,B对；电阻R₂短路,L₂不会亮,C错；电容器被击穿短路,总电阻减小,总电流增大,L₂变亮,D对

9解：设电源电动势为E，内阻为r.开关S断开时，P_内/P_外=r/R_L=1/3

所以R_L=3r　　 U_L=3E/4　　 所以P_L=9E²/16R_L　　

开关S闭合时，P_内/P_外=r/R_并=1　　 　 R_并=r， U_并=E/2　 所以U_L′=E/2　　　

所以P_L′=E²/4R_L　　 得 P_L/ P_L′=9/4

10解：(1)由闭合电路欧姆定律 E=U₁+U₁r/R₁ E=U₂+U₂r/R₂ 解得 E =6V ,　 r =1Ω

(2)由 P=E²R/(R+r)²　 R=r=1Ω时P有最大值 P_m=E²/4r=9W

11解：S断开时V表读数即为路端电压，故：R₁=U₁/I₁=4Ω P_R1=U₁I₁=10.24W

　　 S合上时V表所测电压为R₃两端的电压，故：I_R3=0.5A　　　　　　　

此时有：1.5×4=0.5(4+R₂)　　 得R₂=12Ω

故：E=6.4+1.6r　　　　　 E=1.5×4+(1.5+0.5)r　　 得：E=8V　　 r=1Ω

12解：由电阻的串并联公式,得闭合电路的总电阻为R=+r

由欧姆定律得,通过电源的电流　 I=E/R　 电源的端电压U=E-Ir

电阻R₃两端的电压U′=R₃U/(R₂+R₃)　 通过R₄的总电量就是电容器的电量Q=CU′

由以上各式并带入数据解得　　 Q=2.0×10^-4 C

7．A解析：滑片左移,R₁减小,总电阻减小,总电流增大,内电压增大,路端电压减小,其中U₂增大,则U₁减小,(U₁+U₂)减小,所以ΔU₁＞ΔU₂

6．C解析：电键接2后，电路的总电阻减小，总电流一定增大，所以不可能是0.19A．电源的路端电压一定减小，原来路端电压为2V，所以电键接2后路端电压低于2V，因此电流一定小于0.25A．所以只能选C。

5．C　 解析：从图中可知E=3 V，图线A和图线B的交点是电源和电阻R构成电路的工作点，因此P出=UI=4 W，P总=EI=6 W.

4．C 解析：由P_总=IE和直线OAC可得E=3V,当I=1A时P_A=3W；由P_内=I²r和抛物线OBC可得r=1Ω, 当I=1A时P_B=1W，因此P_AB=2W，C对

3．D解析：滑动触点向上滑动时,电阻减小,导致总电阻减小,总电流增大,则路端电压U变小,又R₁和R₃共分得的电压增大,则a、b两端的电压减小,I变小,D对

2．BC解析：电容器两端电压不变,板间距离增大，由C=εs/4πkd=Q/U可知电量变小，放电,，A错B对，刚开始A板带正电，放电时，形成a到b的电流，C对

1．ACD 解析：电源短路时,外电阻为零,所以路端电压为零，电路电流达最大值,A对；外电路断开时，内电压为零，路端电压等于电源电动势，B错；路端电压增大时，内电压一定减小，则流过电源的电流一定减小，C对；路端电压增大时，路端电压与电源电动势的比值变大，电源的效率变大，D对.

10.2 闭合电路欧姆定律及应用答案

12．在如图10－2－11所示的电路中，电源的电动势E=3.0 V，内阻r=1.0 Ω；电阻R₁=10 Ω，R₂=10 Ω，R₃=30 Ω，R₄=35 Ω；电容器的电容C=100 μF，电容器原来不带电。求接通电键S后流过R₄的总电量。