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测量电源的电动势E及内阻r（E约为4.5V，r约为1.5Ω）
器材：
量程3V的理想电压表V，
量程0.5A的电流表A（具有一定内阻），
固定电阻R=4Ω，
滑线变阻器R′，
电键K，导线若干．
①画出实验电路原理图．
②实验中，当电流表读数为I₁时，电压表读数为U₁；当电流表读数为I₂时，电压表读数为U₂．则可以求出E=

U1I2-I2U1

I2-I1

U1I2-I2U1

I2-I1

，r=

U1-U2

I2-I1

-R

U1-U2

I2-I1

-R

．（用I₁、I₂、U₁、U₂及R表示）

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测定电源的电动势和内电阻的实验电路和U-I图象如下，请回答下列问题
（1）如图所示在闭合开关之前移为防止电表过载而滑动变阻器的滑动头P应放在

a

a

处
（2）现备有以下器材：
A．干电池1个
B．滑动变阻器（0～50Ω，）
C．滑动变阻器（0～1750Ω）
D．电压表（0～3V）
E．电压表（0～15V）
F．电流表（0～0.6A）
G．电流表（0～3A）
其中滑动变阻器应选

B

B

，电压表应选

D

D

电流表应选

F

F

?（填字母代号）
（3）右图是根据实验数据画出的U-I图象．由此可知这个干电池的电动势E=

1.5

1.5

V，内电阻r=

1

1

Ω．

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测定电源的电动势和内阻的实验电路如图所示．
（1）在闭合开关之前为了防止电表过载而滑动变阻器的滑动触头应放在

 

处．（填“左端”或“右端”）
（2）现备有以下器材：A．干电池1个；B．滑动变阻器（0-50Ω）；C．滑动变阻器（0-1750Ω）；D．一只电压表（0-3V）；E．电流表（0-0.6A）；F．电流表（0-3A）．则滑动变阻器应选用

 

，电流表应选用

 

．

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在“测电源的电动势和内阻”实验中，一个同学按图1电路进行实验，测量对象为一节干电池．他依据所测得的数据描得图2所示的U-I图象．

（1）在连接线路前，有如下器材供选用，其中应选用的器材是

 

．
A．标称为“3A　0.05Ω”的电流表
B．标称为“0.6A　0.25Ω”的电流表
C．标称为“3V　800Ω”的电压表　　　　　　
D．标称为“3V　3000Ω”的电压表
E．标称为“1.0A　200Ω”的滑动变阻器　　　
F．标称为“1.0A　50Ω”的滑动变阻器
（2）依据图2所示的U-I图象可得该干电池的电动势E=

 

V，内阻为r=

 

Ω．（本小题答案要求在小数点后保留两位小数）

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一．单项选择题（本题共10小题，每小题3分，共30分）。

题号

1

2

3

4

5

6

7

8

9

10

答案

B

C

A

D

C

B

B

B

A

D

二．多项选择题（本题共6小题，每小题3分，共18分。每小题给出的四个选项中，有一个或多个选项正确。全部选对的得3分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）。

题号

11

12

13

14

15

16

答案

AD

BD

AD

ABC

AD

BCD

第Ⅱ卷

（实验题、计算题，共7题，共72分）

三．实验题(18分)

（1）0.730；8.0（8也给分）；。（前两空分别为2分，第三空4分）

（2）l₁、l₃；l₁/l₃ （每空2分）

（3）①乙；② 9.4；③纸带和打点计时器间的摩擦阻力、空气阻力。 (每空2分)

四．计算题：本题共6小题，共54分。解答应有必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的，答案中必须写出数值和单位。

18．（8分）分析和解：

（2）         因为金属块匀速运动，所以

    _{………………}（2分）

_{…………（2分）}

（2）撤去拉力后a==μg _{………  （1分）}

a=4m/s² _{………（1分）}

金属块在桌面上滑行的最大距离s =  _{………（1分）}

=

s=0.5m_{……………… （1分）}

19.（8分）分析和解：（1）导体棒、金属导轨和直流电源构成闭合电路，根据闭合电路欧姆定律有：

I==1.5A…………（3分）

（2）导体棒受到的安培力：

F_安=BIL=0.30N…………（2分）

（3）导体棒所受重力沿斜面向下的分力F₁= mg sin37º=0.24N

由于F₁小于安培力，故导体棒受沿斜面向下的摩擦力f…………（1分）

     根据共点力平衡条件

      mg sin37º+f=F_安…………（1分）

解得：f=0.06N …………（1分）

20.（8分）分析和解：（1）带电粒子经过电场加速，进入偏转磁场时速度为v，由动能定理

   　　　…………………①（1分）

进入磁场后带电粒子做匀速圆周运动，轨道半径为r

………………②（2分）

   打到H点有　　　　………………………③（1分）

由①②③得　…………(1分)

（2）要保证所有粒子都不能打到MN边界上，粒子在磁场中运动偏角小于90°，临界状态为90°，如图所示，磁场区半径

　　　　　　　　　　　　（2分）

　所以磁场区域半径满足　　　（1分）

21．（10分）分析和解：（1）木块A在桌面上受到滑动摩擦力作用做匀减速运动，根据牛顿第二定律，木块A的加速度     ＝2.5m/s²……………………（1分）

设两木块碰撞前A的速度大小为v，根据运动学公式，得

＝2.0m/s……………………………（2分）

（2）两木块离开桌面后均做平抛运动，设木块B离开桌面时的速度大小为v₂，在空中飞行的时间为t′。根据平抛运动规律有：，s＝v₂t′…………………（2分）

解得：                     ＝1.5m/s……………………………（1分）

（3）设两木块碰撞后木块A的速度大小为v₁，根据动量守恒定律有：

…………………………………（1分）

解得：                      =0.80m/s…………………………（1分）

设木块A落到地面过程的水平位移为s′，根据平抛运动规律，得

                            ＝0.32m………………………（1分）

则木块A落到地面上的位置与D点之间的距离  ＝0.28m ………（1分）

22．（10分）分析和解：（1）设电子经电压U₁加速后的速度为v₀，由动能定理

              e U₁=－0…………………………………………（2分）

         解得  ………………………………..………（1分）

（2）电子以速度v₀进入偏转电场后，垂直于电场方向做匀速直线运动，沿电场方向做初速度为零的匀加速直线运动。设偏转电场的电场强度为E，电子在偏转电场中运动的时间为t，加速度为a，电子离开偏转电场时的侧移量为y。由牛顿第二定律和运动学公式

                t=……………………………………………..……….（1分）

F=ma    F=eE    E=

a =……………………………………………（2分）

y=……………………………………………（1分）

解得  y=…………………………………………（1分）

（3）减小加速电压U₁；增大偏转电压U₂；……

（本题的答案不唯一，只要措施合理，答出一项可得1分，答出两项及以上可得2分。）

23（10分）分析和解：（1）设轨道半径为R，由机械能守恒定律：

--------------------------①（2分）

在B点：-----------------------------②（1分）

在A点：------------------------------③（1分）

由①②③式得：两点的压力差：------④（1分）

由图象得：截距   ，得---------------------------⑤（1分）

（2）由④式可知：因为图线的斜率 

 所以……………………………………⑥（2分）

（3）在A点不脱离的条件为：     ------------------------------⑦（1分）

由①⑥⑦三式和题中所给已知条件解得：--------------------------⑧（1分）