A．由图中数据可以估算出摆球的最大动能 B．由图中数据可以估算出摆球的质量 C．由图中数据可以估算出摆球的摆长 D．如果增大该单摆的摆长.则曲线的峰将向右移动——青夏教育精英家教网—

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题目列表(包括答案和解析)

实验题：

（1）①在利用单摆测重力加速度的实验中，甲组同学用游标卡尺测出小球的直径如图1所示．则该小球的直径为

cm．
②乙组同学在实验中测出多组摆长和运动的周期，根据实验数据，作出T²-L的关系图象如图2所示，该同学在实验中出现的错误可能是计算摆长时

（选填“漏加”或“多加”）了小球的半径．
③虽然实验中出现了错误，但根据图象中的数据，仍可算出准确的重力加速度，其值为

rn/s²（最后结果保留三位有效数字）．
（2）用半偏法测电流表内阻，提供的器材如下：
干电池（电动势E约为1.5V，内阻r约为10Ω）、待测电流表A（0～50μA，内阻约4kΩ）、电阻箱R₁、R₂（均为0～99999.9Ω）、电键、导线若干．
①实验电路如图3，有关实验操作及测量如下：
I．只闭合S，当调节R₁到26090.0Ω时，电流表A满偏；
Ⅱ．再闭合S₁，R₂调为3770.0Ω时，电流表A半偏，由此可得电流表的内阻R_g的测量值为

Ω．
②半偏法测量电流表内阻时，要求R₁＞R_g（比值R₁/R_g越大．测量误差越小），本实验中R₁虽比R_g大．但两者之比不是很大，因此导致R_g的测量误差较大．具体分析如下：电流表A半偏时的回路总电阻比全偏时的回路总电阻

（填“偏大”或“偏小”），导致这时的总电流

（选填“变大”或“变小”），半偏时R₂

R_g（填“大于”或“小于”）．
③为减小R_g的测量误差，可以通过补偿回路总电阻的方法，即把半偏时回路的总电阻的变化补回来．具体的数值可以通过估算得出，实际操作如下：在①中粗测出R_g后，再把R₁先增加到

Ω[用第①问中的有关条件求得具体数值]，再调节R₂使电流表

．用这时R₂的值表示R_g的测量值，如此多次补偿即可使误差尽量得以减小．

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某同学在研究单摆的受迫振动时，得到如图所示的共振曲线。已知重力加速度为g，下列说法中正确的是

A．由图中数据可以估算出摆球的摆长

B．由图中数据可以估算出摆球的质量

C．由图中数据可以估算出摆球的最大动能

D．如果增大该单摆的摆长，则曲线的峰将向右移动

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某同学在研究单摆的受追振动时，得到如图所示的共振曲线．已知重力加速度为g，下列说法中正确的是

A．由图中数据可以估算出摆球的最大动能

B．由图中数据可以估算出摆球的质量

C．由图中数据可以估算出摆球的摆长

D．如果增大该单摆的摆长．则曲线的峰将向右移动

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某同学在研究单摆的受迫振动时，得到如图所示的共振曲线，已知重力加速度为g，下列说法正确的是（　　）

A．由图中数据可以估算出摆球的最大动能

B．由图中数据可以估算出摆球的质量

C．由图中数据可以估算出单摆的摆长

D．如果增大该单摆的摆长，则曲线的峰将向右移动

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（1）利用油膜法估测油酸分子的大小，实验器材有：浓度为0.05％（体积分数）的油酸酒精溶液、最小刻度为0.1ml的量筒、盛有适量清水的45×50cm²浅盘、痱子粉、橡皮头滴管、玻璃板、彩笔、坐标纸。则：

①下面给出的实验步骤中，正确顺序为：。

A．将玻璃板放在浅盘上，用彩笔将油酸薄膜的形状画在玻璃板上??????????????????????。

B．用滴管将浓度为0.05％油酸酒精溶液一滴一滴地滴入量筒中，记下滴入1ml油酸酒精溶液时的滴数N

C．将画有油酸薄膜轮廓的玻璃板放在坐标纸上，以坐标纸上边长为1cm的正方形为单位，计算轮廓内正方形的个数，算出油酸薄膜的面积S

D．将痱子粉均匀地撒在浅盘内水面上，用滴管吸取浓度为0.05％的油酸酒精溶液，从低处向水面中央一滴一滴地滴入，直到油酸薄膜有足够大的面积又不与器壁接触为止，记下滴入的滴数n

②该实验测得的单个油酸分子的直径约为（单位：cm）。

A、 B、 C、 D、

（2）如图所示，科学家操控智能机器人在某星球上进行了一项科学实验，采用双线摆和光电计数器测定当地的重力加速度，已知每根悬线长为，两悬点间相距，金属小球半径为，为光电计数器，现在将小球垂直于纸面向外拉动，使悬线偏离竖直方向一个较小的角度并由静止释放，同时启动光电计数器，当小球第一次经过图中虚线（光束）位置时，由射向的光束被挡住，计数器计数一次，显示为，同时计数器开始计时，然后每当小球经过点时，计数器都计数一次，当计数器上显示的计数次数刚好为时，所用的时间为，由此可知：