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（选修模块3-5）
（1）下列四幅图涉及到不同的物理知识，其中说法正确的是   
                   
A．图甲：普朗克通过研究黑体辐射提出能量子的概念，成为量子力学的奠基人之一
B．图乙：玻尔理论指出氢原子能级是分立的，所以原子发射光子的频率也是不连续的
C．图丙：卢瑟福通过分析α粒子散射实验结果，发现了质子和中子
D．图丁：根据电子束通过铝箔后的衍射图样，可以说明电子具有粒子性
（2）目前核电站是利用核裂变产生的巨大能量来发电的．请完成下面铀核裂变可能的一个反应方程：+n→Ba+Kr+    ．已知U、Ba、Kr和中子的质量分别为m₁、m₂、m₃和m₄，则此反应中一个铀核裂变释放的能量为    ；
（3）（4分）一同学利用水平气垫导轨做《探究碰撞中的不变量》的实验时，测出一个质量为0.8kg的滑块甲以0.4m/s的速度与另一个质量为0.6kg、速度为0.2m/s的滑块乙迎面相撞，碰撞后滑块乙的速度大小变为0.3m/s，此时滑块甲的速度大小为    m/s，方向与它原来的速度方向    （选填“相同”或“相反”）．

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如图，水平面上有一带圆弧形光滑凸起的长方形木块A，木块A上的物体B用轻绳绕过凸起与物体C相连，B与凸起之间的绳是水平的．A与B之间动摩擦因数为μ₁=0.8，A与地面之间的动摩擦因数为μ₂=0.25．现用一水平向左的拉力F作用在物体B上，恰使物体A、B、C保持相对静止，且C上方的悬线与竖直方向始终成37°角．物体A、B、C的质量分别为m、3m、2m，重力加速度为g，求：
（1）拉力F的大小；
（2）两个接触面上的摩擦力的大小之比．

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物理

1、C  2、BCD  3、A  4、AC  5、D  6、B   7、BD  8、D  9、ACD   10、D

11.  (1)2.600    2.030    　

12. （全对才得分）(1)BCF   (2)BD  (3) 65.7(65.2---66.0都给分)   ABD

13.:设转速为n

对上图有:水平方向 Nsinθ-fcosθ=m4π²nr……………①   2^/

       竖直方向上有Ncosθ+fsinθ=mg   ……………②   2^/

                F=μN        …………………………③   1^/

联立方程有    

对下图有:水平方向 Nsinθ+fcosθ=m4π²nr  ……………①   1^/

       竖直方向上有Ncosθ-fsinθ=mg     ……………②   1^/

                F=μN          …………………………③   

联立方程有  

综上可知：  3^/

14解：（1）在轨道I上，飞行器所受万有引力提供向心力，设地球质量为M，则有

　　      ………………………2^/

同理在轨道II上        ………………………1^/ 

由上式可得                   ………………………1^/

　　在轨道I上重力加速度为g′，则有………………………2^/

　　可得    ………………………1^/

（2）设喷出气体质量为△m，由动量守恒得：……2^/              ……………………… ………………………1^/

　　17. (1)由图线读得，转盘的转动周期T＝0.8s  ………………………①   1分

角速度         ………………………②    2分

(2)激光器和探测器沿半径由中心向边缘移动(理由为：由于脉冲宽度在逐渐变窄，表明光信号能通过狭缝的时间逐渐减少，即圆盘上对应探测器所在位置的线速度逐渐增加，因此激光器和探测器沿半径由中心向边缘移动)．                              2分

(3)设狭缝宽度为d，探测器接收到第i个脉冲时距转轴的距离为r₁，第i个脉冲的宽度为△t_i，激光器和探测器沿半径的运动速度为v．

                                    　　　　 　　　③  1分

            r₃－r₂＝r₂－r₁＝vT                        　　　　 　④   1分

            r₂－r₁＝　　　　　　　　　　　　　　　⑤   1分

r₃－r₂＝                    　　　　　⑥   1分

由④、⑤、⑥式解得：

                7  2分

18、若m₁＞m₂时，碰撞后系统的总动量方向向左，

设它们相对静止时的共同速度为V^/，据动量守恒定律， 有：m₁V-m₂V=(m₁+m₂)V’

所以V^/=(m₁-m₂)V/(m₁+m₂)                     2分

若相对静止时B正好在A的右端，则系统机械能损失应为μm₂gL，

则据能量守恒：       2分

解得：V=                              1 分

若m₁=m₂时，碰撞后系统的总动量为零，最后都静止在水平面上，  1分

设静止时A在B的右端，则有：          2分

 解得：V=    带入        2分

若m₁＜m₂时，则A和墙壁能发生多次碰撞，每次碰撞后总动量方向都向右，

设最后A静止在靠近墙壁处时，B静止在A的右端，   1分

同理有：             1分

解得：V=           2 分

故：若m₁＞m₂，V必须小于或等于

若m₁＜m₂，V必须小于或等于      

若m₁＝m₂  V必须等于