如图所示，在倾角θ的U形金属导轨上放置一根导体棒MN，开始时导电体棒MN处于静止状态，今在导轨所在空间加一个垂直于导轨平面斜向下、磁感应强度逐渐增加的磁场，经过一段时间，导体棒开始运动，那么在这段时间内，导体棒受到的摩擦力（　　）

A、不断减小

B、不断增加

C、先增加后减小

D、先减小后增加

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如图所示，在倾角的光滑固定斜面上，放有两个质量分别为1kg和2kg的可视为质点的小球A和B，两球之间用一根长L=0.2m的轻杆相连，小球B距水平面的高度h=0.1m，两球从静止开始下滑到光滑地面上，不计球与地面碰撞时的机械能损失，g取10m/s2，则下列说法中正确的是（ ）

A．下滑的整个过程中A球和地球组成的系统机械能守恒

B．下滑的整个过程中两球和地球组成的系统机械能守恒

C．两球在光滑水平面上运动时的速度大小为2m/s

D．下滑的整个过程中B球和地球组成的系统机械能的增加量为

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如图所示，在倾角为θ，用绝缘材料制成的斜面上，一个质量为m，带电量为+q小滑块，它与斜面间的动摩擦因数为?（?＜tgθ）．整个装置处于方向垂直斜面向上，磁感应强度为B的匀强磁场中．若小滑块由A点静止释放，到达B点时刚好能做直线运动．已知斜面足够大，滑块电量不变，A、B两点高度差为H．
求：（1）试根据小滑块的受力特点，分析小滑块经过b点后的运动情况；
（2）小滑块作直线运动时的速度方向与斜面边线MN的夹角（用三角函数表示）；
（3）小滑块从A运动到B的过程中，滑动摩擦力所做的功．

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如图所示，在倾角θ=30°的光滑斜面上有质量均为m的A、B、C三个相同物块，其中A和B用劲度系数为k的轻弹簧相连，静止在斜面上．在斜面的底端有一个固定挡板．现在将C从斜面上某点由静止释放，B和C碰撞时间极短，B和C碰撞后粘连一起不再分开，以后的运动过程中A恰好不离开挡板．整个过程中，弹簧处在弹性限度以内．求：
（1）物块B上升的最高点与最初位置之间的距离；
（2）物块C释放时离B物块的距离d．

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一、选择题：本大题共12小题，每题4分，共48分。每题至少有一个选项是正确的，全部选对得4分，选对但不全得2分，选错或不选得0分。

题号

1

2

3

4

5

6

答案

b

d

a

d

a

c

题号

7

8

9

10

11

12

答案

abd

a

bc

c

bc

a

二．填空与实验题：本大题共5小题，13题10分，14题6分，15题3分，16题2分，17题2分，共23分。

13．⑴     △S为定值     ， 匀加速           。

⑵     V=,    0  .875   ,

1.225           ，     1.575      ,

      3.5  ,    A点的瞬时速度        。

14．⑴滑行的距离L,弹簧压缩时的长度X₁,弹簧的原长L₀,竖直悬挂时弹簧伸长后的长度X₂                                                    ⑵ 。

15．⑴    10Hz        ⑵     1.5m/s        ⑶     2.5m/s

16．            ，          

17．     V₀tanθ                      。

三、计算题：本大题共4小题，其中17题6分，18题8分，19题8分，20题10分，共32分。要求写出必要的解题步骤，以及必要的文字说明。

18．解析：物体位于Q点时，弹簧必处于压缩状态，对物体的弹力F_Q沿斜面向下；物体位于P点时，弹簧已处于拉伸状态，对物体的弹力F_P沿斜面向上，P、Q两点是物体静止于斜面上的临界位置，此时斜面对物体的静摩擦力都达到最大值F_m，其方向分别沿斜面向下和向上.

根据胡克定律和物体的平衡条件得：

k（l₀－l₁）+mgsinα=F_m       k（l₂－l₀）=mgsinα+F_m

解得F_m=k（l₂－l₁）=×100×0.14 N=7 N.答案：7 N

19．（1）地球对卫星的万有引力提供作圆周运动的向心力　　　　　　        　    

地面表面附近的重力加速度g = 　 把r＝2R代入，解方程可得  　　　　　　　

（2）卫星下次通过该建筑物上方时，卫星比地球多转2p弧度，所需时间     　　  　

20．由图知，探测器在0~9 s内匀加速上升，上升的最大速度为64 m/s；9 s~25 s内匀减速上升；25 s以后匀加速下落，直到落地.

（1）在上升过程中，由平均速度公式得=32 m/s

则探测器上升的最大高度为?H= (t₁+t₂)=32×25 m=800 m?

（2）探测器9 s~25 s内只受重力，其运动的加速度为重力加速度，则?

g= m/s²=4 m/s²?

（3）在0~9 s内，由牛顿第二定律得?F-mg=ma₁?

由于a₁= m/s²=7.1 m/s²?则F=m(g+a₁)=1500×11.1 N=1.67×10⁴ N?

（4）探测器下落过程为自由落体运动，则其落地速度为?v′= m/s=80 m/s?

（5）探测器自由下落的时间为?t₃= s=20 s.?

故探测器发射后到落地所经历的时间为?t=t₁+t₂+t₃=9 s+16 s+20 s=45 s.