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    ②测单摆周期时.当摆球经过 时开始计时并计1次.测出经过该位置N次所用时间为t.则单摆周期为 .③若测量出多组周期T.摆长L数值后.画出T2―L图象如图.则此图线的斜率的物理意义是 【查看更多】

     

    题目列表(包括答案和解析)

    在“用单摆测定重力加速度”的实验中：
    （1）摆动时偏角满足的条件是
    偏角小于5°
    偏角小于5°
    ，为了减小测量周期的误差，计时开始时，摆球应是经过最
    低
    低
    （填“高”或“低’）点的位置，且用秒表测量单摆完成多次全振动所用的时间，求出周期．单摆振动50次所需时间如图，则单摆振动周期为
    2.01
    2.01
    s．
    （2）用最小刻度为1mm的刻度尺测摆长，测量情况如图所示．O为悬挂点，球为匀质小球，从图中可知单摆的摆长为
    0.9970
    0.9970
    m．
    （3）若用L表示摆长，T表示周期，那么重力加速度的表达式为g=
    4π2L
    T2
    4π2L
    T2
    ．
    （4）考虑到单摆振动时空气浮力的影响后，学生甲说：“因为空气浮力与摆球重力方向相反，它对球的作用相当于重力加速度变小，因此振动周期变大．”学生乙说：“浮力对摆球的影响好像用一个轻一些的摆球做实验，因此振动周期不变”，这两个学生中
    A
    A
    ．
    A．甲的说法正确    B．乙的说法正确    C．两学生的说法都是错误的．

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    在“用单摆测定重力加速度”的实验中，①测摆长时，若正确测出悬线长l和摆球直径d；则摆长为
    l+
    d
    2
    l+
    d
    2
    ；②测周期时，当摆球经过
    平衡
    平衡
    位置时开始计时并数1次，测出经过该位置N次（约60～100次）的时间为t，则周期为
    2t
    N-1
    2t
    N-1
    ．

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    在“用单摆测定重力加速度”的实验中，①测摆长时，若正确测出悬线长L和摆球直径d，则摆长为
    L+
    d
    2
    L+
    d
    2
    ；②测周期时，当摆球经过
    平衡位置
    平衡位置
    位置时开始计时并计数0，测出经过该位置N次（约60～100次）的时间为t，则周期为
    2t
    N
    2t
    N
    ．用这些数据可以算出当地重力加速度为
    N2π2(L+
    d
    2
    )
    t2
    N2π2(L+
    d
    2
    )
    t2
    ．

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    在“用单摆测定重力加速度的实验”中，测单摆周期时，当摆球经过
     
      时开始计时并计1次，测出经过该位置N次所用时间为t，则单摆周期为
     
    ．

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    在“用单摆测定重力加速度”的实验中①测摆长时，若正确测出悬线长l和摆球直径d，则摆长为         ；②测周期时，当摆球经过          位置时开始计时并计数1次，测出经过该位置N次（约60～100次）的时间为t，则周期为           。

    此外，请你从下列器材中选用所需器材，再设计一个实验，粗略测出重力加速度g，并参照示例填写下表（示例的方法不能再用）

    A．天平；B．刻度尺；C．弹簧秤；D．电磁打点计时器；E．带夹子的重锤；

    F．纸带；G．导线若干；H．铁架台；I．低压交流电源；J．低压直流电源；

    G．小车；K．螺旋测微器；M．斜面（高度可调，粗糙程度均匀）

    所选器材

    （只填器材序号）

    简述实验方法

    （不要求写出具体步骤）

    示例

    B、D、E、F、G、H、I

    安装仪器，接通电源，让纸带随重锤竖直下落。

    用刻度尺测出所需数据，处理数据，得出结果

    实验

    设计

    （

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    一．选择题

    1．Ｄ　

    2．ＡCＤ　

    3．ＢＣ　

    4．Ｂ　

    5．ＢＣ　

    6．Ｂ　

    7．Ｄ　 

    8．Ａ    

    9．BD

    10．C

    二．实验题

    11．（8分）①2.06   ②    ③C    

    12.（10分）①A、C、E   ②C

    三．计算题

    13. 解：⑴设木箱与车厢底板的最大静摩擦力为fm，汽车以加速度a启动时，细绳刚好不被拉断，以木箱为研究对象，根据牛顿定律可得：

    ……………………………………………………………………⑴

    而：…………………………………………………………………………⑵

    由以上两式可解得：

    ………………………………………………………………………⑶

    ⑵当汽车加速度为a1时，细绳将被拉断，木箱与车厢底板发生相对滑动，设其加速度为a2，则：

    ………………………………………………………………………⑷

    设经过t1时间木箱滑出车厢底板，则应满足：

    …………………………………………⑸

    木箱离开车厢底板后向前平抛，经时间t2落地，则：

    ………………………………………………………………………⑹

    而：………………………………………………………………………⑺

    由⑷⑸⑹⑺可得：

    …………………………………………………………⑻

    评分标准：⑵⑺两式各1分，⑸式3分，其他各式均2分，共计15分。

     

     

     

    14．解⑴为保证小球做匀速圆周运动，电场力必与重力平衡，由此可判定小球带正电。即得；

    ……………………………………………………………………………⑴

    ⑵小球在复合场中做匀速圆周运动，洛仑兹力作为向心力。即：

          …………………………………………………………………………⑵

          …………………………………………………………………………⑶

    由以上两式可解得：

    ………………………………………………………………………⑷

    ⑶若在O点固定另一与A完全相同的带电小球，则小球A将同时受到库仑斥力，设此时磁感应强度增大到B1，则：

          ……………………………………………………………………⑸

    由⑵⑸两式可解得：…………………………………………………………⑹

    评分标准：本题共18分。各式均3分

    15解：⑴在电键刚闭合时，回路中电流最大，金属棒加速度最大。设此时回路中电流为I，金属棒所受安培力为F，则有：……………………………………⑴

     ……………………………………⑵

    根据牛顿第二定律

      ………………………………………⑶

    代入数值后得

    电键闭合后，金属棒在导轨上做加速度逐渐减小的加速运动，若金属棒离导轨右端较远，则金属棒有可能在达到最大速度后离开导轨平抛，这种情况下水平射程最大。设金属棒能达到的最大速度为vm，从抛出到落地所用时间为t，则：

        ………………………………………⑷

    ………………………………………⑸

    …………………………………………⑹

    代入数值后解得

    （本小问共12分⑴⑵⑶⑷各2分，⑸⑹两式各1分 两结果各1分）

     

    ⑵若金属棒实际射程为S=0.8m，则金属棒离开导轨时的速度为

    ……………………………………………………⑺

    设金属棒在导轨上运动时间为Δt ,此过程回路中平均电流为，通过电量为，则：

    ………………………………………………⑻

    ……………………………………………………⑼

    根据能量守恒，回路中产生热量为Q，则：

    ……………………………………………………⑽

    根据串联电路特点，金属棒上产生的热量为：

    ……………………………………………………⑾

    代入数值后可解得：

    （本小问共7分，其中⑻⑽两式各2分，⑺⑼⑾及结果各1分）

     

     


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