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    题目列表(包括答案和解析)

    河宽42 m，船在静水中速度为4 m/s，水流速度是3 m/s，则船过河的最短时间为

    [　　]

    A．14 s

    B．10.5 s

    C．8.4 s

    D．6s

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    河宽42 m，船在静水中速度为4 m/s，水流速度是3 m/s，则船过河的最短时间为

    [　　]
    A．

    14 s

    B．

    10.5 s

    C．

    8.4 s

    D．

    6s

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    如图6-42所示，劈尖干涉是一种薄膜干涉，其装置如图所示，将一块平板玻璃放置在另一平板玻璃之上，在一端夹入两张纸片，从而在两玻璃表面之间形成一个劈形空气薄膜，当光垂直入射后，从上往下看到的干涉条纹如图所示.干涉条纹有如下特点：（1）任意一条明条纹或者暗条纹所在位置下面的薄膜厚度相等；（2）任意相邻明条纹或暗条纹所对应的薄膜厚度差恒定.现若在图中装置中抽去一张纸，则当光垂直入射到新的劈形空气薄膜后，从上到下观察到的干涉条纹（    ）

          

    图6-42

    A.变疏               B.变密               C.不变                D.消失

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    如图9-42所示为单摆的振动图像，则由图可知（  ）
    A．频率为
    B．摆长为9.8m
    C．回复力方向改变时刻分别为，，
    D．速度方向改变的时刻分别为πs，2πs，3πs

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    如图9-42所示，两块水平放置的平行金属板间距为d，定值电阻的阻值为R，竖直放置的线圈的匝数为n,绕制线圈的电阻也为R，其他导线的电阻忽略不计.现有竖直向上的磁场B穿过线圈，在两极板有一个质量为m、电荷量为q、带正电的油滴恰好处于静止状态，则磁场B的变化情况是（    ）

    图9-42

    A.均匀增大，磁通量变化率的大小为2mgd/nq

    B.均匀增大，磁通量变化率的大小为mgd/nq

    C.均匀减小，磁通量变化率的大小为2mgd/nq

    D.均匀减小，磁通量变化率的大小为mgd/nq

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    一．选择题

    1.C    

    2.D     

    3.BD   

    4.D     

    5.C      

    6.D     

    7.B  

    8.A 

    9. AD 

    10.AD

    二．实验题

    11．（1）如图所示（5分）

    （2）9．95（9.90---9.99范围内均给分）（5分）

    12．（1）ADCBE（2分）

      （2）1.735（3分）

      （3）576.9  (577同样给分)（3分）

    三．计算题（52分）

    13．（18分）参考解答：

     电子穿过电容器过程中，在水平方向上做匀速运动         ①        （1分）

    在竖直方向上做匀加速直线运动                        ②       （2分）   

    v⊥=at                          ③       （1分）  

    a=                          ④      （2分）

    电子穿过平行板电容器时，速度方向偏转θ角， tanθ=            ⑤     （2分） 

    电子打在荧光屏上偏离中心O的位移，y=y1+s?tanθ                         （2分） 

    由上述①～⑥方程得：y=（1+）y1                                                       

    当y1=d/2时，代入数据求得：y=3m>                             ⑦           （1分） 

    故使电子打在荧光屏上，应满足y≤阶段                                  （1分）

    联立①～⑦方程，                                            

    代入数据求得，A、B间电压U≤25V                                         （2分）  

    ⑴当UAB=25V时，                         

    代入数据得：R3=900Ω                                                    （1分）

    ⑵当UBA=25V时，                        

    代入数据得：R3=100Ω                                                    （1分）

    综述：                 100Ω≤R3 ≤900Ω                                   （2分）

     

    14．（16分）参考解答：

        ⑴设每个人对夯锤施加的力用F表示，根据牛顿第二定律有：

             ………………………………………………………⑴

        施力过程中夯锤上升的高度为h1，松手时夯锤获得的速度为v，松手后夯锤能上升的高度为h2，夯锤能上升的最大高度为h，根据运动规律有：

             ……………………………………………………………⑵

             …………………………………………………………………⑶

             ………………………………………………………………⑷

             ……………………………………………………………⑸

    代入数值后可解得：   ………………………………………………⑹

        ⑵设夯锤与地面撞击的过程中，地面对夯锤的平均作用力为N，研究夯锤从最高点至落到地面的过程，应用动能定理可得：

             ……………………………………………⑺

    将Δh=0.02及第⑴问所得结果代入上式可得：

             N=2.33×104N  …………………………………………⑻

    根据牛顿第三定律，此即等于夯锤对地面的平均作用力．

    本题满分16分，每式2分。注：其它解法结果正确同样给分。

    15．（20分）参考解答：

    （1）木箱在水平恒力和滑动摩擦力f1 的作用下，由静止开始做匀加速直线运动，加速度为a1，金属块在光滑木箱上表面处于静止，直到木箱向前前进1 m后，金属块滑落，做自由落体运动，竖直落到地面。滑动摩擦力f1=μ(M+m)g= 8 N  (2分)

    由牛顿运动定律得：a1=（F―f1）/M =0.5m/s2  (2分)

    木箱滑行1m，历时 t1==2s  (2分)

    金属块滑落后，木箱在水平恒力和滑动摩擦力f2 的作用下，做匀加速直线运动1s，加速度为a2，滑动摩擦力f2=μMg= 5 N   (1分)

    由牛顿运动定律得：a2=（F―f2）/M =2m/s2  (2分)

    2s末木箱的速度为v1=a1t1=1m/s   (2分)

    第3s内的位移s2=v1t2+=2m  (2分)

    3s末木箱的速度为v2= v1+a2t2 =3m./s  (2分)

    撤去力F后，木箱做匀减速运动直至停止，减速运动的加速度a3= ―μg =―2.5 m/s2 (1分)

    此过程的位移S3=  =1.8m   (2分)

    因此木箱停止后，小金属块落地点距木箱左边沿的水平距离 S=S2=S3=3.8m (2分)

     

     

     

     

     


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