练习册

  • 练习册
  • 试题
    C.两个氘核聚变成一个所释放的核能为4.26MeVD.与这种受控核聚变比较,核裂变反应堆产生的废物具有放射性 【查看更多】

     

    题目列表(包括答案和解析)

    已知氘核的质量为2.0136u，中子质量为1.0087u，氦3（）的质量为3.0150u．
    （a）写出两个氘核聚变生成氦3的核反应方程；
    （b）计算两个氘核聚变所释放出的核能；
    （c）若两个氘核以相同的动能Ek=0.35MeV正碰而发生核聚变，同时释放出一对向相反方向运动的光子，每个光子的能量为0.5MeV，试求生成的氦核的动能．

    查看答案和解析>>

    热核反应所用的燃料——氘（）在地球上储量非常丰富。

    ①写出两个氘核降变成一个氦核的核反应方程                  。

    ②若氘核的质量为m1，氦核的质量为m2，真空中光速为c，则两个氘核聚变成一个氦核释放的能量为                  。

    （2）

    质量M=2kg的平板车C静止在光滑水平面上，车的左端静置一质量为m=2kg的物体A（可视为质点），如图所示，一质量m0=20g的子弹以v0=600m/s的水平速度射向A，穿出时速度变为v=100m/s，物体A最终没有从车上掉下来，求平板车的最大速度vM.

    查看答案和解析>>

    1994年3月,中国科学技术大学研制成功了比较先进的HT7型超导托卡马克,托卡马克是研究受控核聚变的一种装置,这个词是Torodee(环形的)、kamera(真空室)、magmit(磁)的头两个字母以及katushke(线圈)的第一个字母组成的缩写词.根据以上信息,下述材料中可能正确的是(    )

    A.核反应原理是氢的原子核在装置中聚变成氦核,同时释放出大量的能量,和太阳发光的原理类似

    B.线圈的作用是通电产生磁场使氘核等带电粒子在磁场中旋转而不溢出

    C.这种装置同我国秦山、大亚湾核电站所使用核装置的核反应原理相同

    D.这种装置可以控制热核反应速度,使聚变能缓慢而稳定地释放

    查看答案和解析>>

    1994年3月,中国科学技术大学研制成功了比较先进的HT7型超导托卡马克,托卡马克是研究受控核聚变的一种装置,这个词是Torodee(环形的)、kamera(真空室)、magmit(磁)的头两个字母以及katushke(线圈)的第一个字母组成的缩写词.根据以上信息,下述材料中可能正确的是(    )

    A.核反应原理是氢的原子核在装置中聚变成氦核,同时释放出大量的能量,和太阳发光的原理类似

    B.线圈的作用是通电产生磁场使氘核等带电粒子在磁场中旋转而不溢出

    C.这种装置同我国秦山、大亚湾核电站所使用核装置的核反应原理相同

    D.这种装置可以控制热核反应速度,使聚变能缓慢而稳定地释放

    查看答案和解析>>

    1994年3月,中国科学技术大学研制成功了比较先进的HT7型超导托卡马克,托卡马克是研究受控核聚变的一种装置,这个词是Torodee(环形的)、kamera(真空室)、magmit(磁)的头两个字母以及katushke(线圈)的第一个字母组成的缩写词.根据以上信息,下述材料中可能正确的是(    )

    A.核反应原理是氢的原子核在装置中聚变成氦核,同时释放出大量的能量,和太阳发光的原理类似

    B.线圈的作用是通电产生磁场使氘核等带电粒子在磁场中旋转而不溢出

    C.这种装置同我国秦山、大亚湾核电站所使用核装置的核反应原理相同

    D.这种装置可以控制热核反应速度,使聚变能缓慢而稳定地释放

    查看答案和解析>>

    一:不定项选择题（本题共8小题，每题6分，共48分 ）

     

    题号

    1

    2

    3

    4

    5

    6

    7

    8

    答案

    B

    CD

    BD

    ABC

    AD

    AC

    B

    AD

     

    9.(1) C  （5分）(2)  ①  如右图所示( 7分 )

    ②   （ 5分 ）

    ( 注意：电路图中，如有一个地方不对，不能得分 )

     

    10、解：(1)ab棒达到稳定速度后，应具有受力平衡的特点，设此时棒ab所受安培力为FB.则F-mgsin30°+FB   ① （ 2分 ）

    而FB=BIL=   ② （ 1分 ）    牵引力 F=   ③ （ 1分 ）

    将②③代人①后得  =mgsin30°+ （ 1分 ）

    代人数据后得v1=2m／s，v2=-3m／s(舍去) （ 1分 ）

    (2)设从静止到稳定速度所需时间为t.棒ab从静止开始到具有稳定速度的过程中在做变加速直线运动，据能量关系有：Pt-mgsin30°?s―Q=-0（7分）

    代人数据得t=1.5s.（2分）

     

    11、解：（1）平板车和小物块组成的系统水平方向动量守恒，故小物块到达圆弧最高点A时，二者的共同速度 （ 1分 ）  设弹簧解除锁定前的弹性势能为，上述过程中系统能量守恒，则有 （ 4分 ）  

    代入数据解得  （ 1分 ）

    （2）设小物块第二次经过时的速度大小为，此时平板车的速度大小为，研究小物块在平板车圆弧面上的下滑过程，由系统动量守恒和机械能守恒有

      （ 2分 ）    （ 3分 ）

    由式代入数据解得  （ 1分 ）

    （3）最终平板车和小物块相对静止时，二者的共同速度为0。（1分）

    设小物块相对平板车滑动的路程为S，对系统由能量守恒有 （4分）

    代入数据解得 （ 1分 ）

    则距点的距离 （ 1分 ）

     

    12、解:（1）设沿斜面向上为正方向．

    由牛顿第二定律：          （ 3分 ）

    解得      （ 2分 ）

    （2）由分析可知:对两小球和绳组成的整体，两小球沿斜面向上的方向上，

    由牛顿第二定律：得a＝0.5m/s2 ，故两小球沿斜面向上的方向上始终做匀加速运动       ( 5分 )

    最后一次碰撞后，小球的最小速度为v＝at＝0.5×2m/s＝1m/s（ 2分 ）

    （3）2s内，小球沿斜面向上的位移为      （ 2分 ）

    设整个过程中，系统由于碰撞而损失的机械能为E ，

    由功能关系：    （ 5分 ）

    解得

     

     

     

     

    （ 2分 ）

    （ 注：计算题如按其它方法，答案正确，同样得分 ）

     

     

     

     


    同步练习册答案