题目列表(包括答案和解析)
下列说法中正确的是
| A．研究一端固定并可绕转动的木杆的运动时，可把木杆看成质点 |
| B．质点某时刻的加速度不为零，则该时刻的速度也不为零 |
| C．从水平匀速飞行的飞机上向外自由释放一个物体，不计空气阻力，从地面上看，物体始终在飞机的正下方 |
| D．当物体做直线运动时，位移的大小等于路程 |
下列说法中正确的是
A．研究一端固定并可绕转动的木杆的运动时，可把木杆看成质点
B．质点某时刻的加速度不为零，则该时刻的速度也不为零
C．从水平匀速飞行的飞机上向外自由释放一个物体，不计空气阻力，从地面上看，物体始终在飞机的正下方
D．当物体做直线运动时，位移的大小等于路程
A．高速运动的物体不容易停下来，可见物体速度越大时惯性越大
B．用相同的水平力分别推放在地面的两个不同材料的物体，则较难推动的物体惯性大
C．两个物体只要质量相同，惯性就一定相同
D．在月球上举重比在地球上容易，所以同一个物体在月球上比在地球上惯性小
| A．研究一端固定并可绕转动的木杆的运动时，可把木杆看成质点 |
| B．质点某时刻的加速度不为零，则该时刻的速度也不为零 |
| C．从水平匀速飞行的飞机上向外自由释放一个物体，不计空气阻力，从地面上看，物体始终在飞机的正下方 |
| D．当物体做直线运动时，位移的大小等于路程 |
选择题。共40分，1－5题只有一个选项正确，选对的得4分，选错或不答的得0分；6－10题，选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分。
题号
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
答案
C
B
D
C
B
AC
BC
AD
BD
BD
11．（9分）（1） (3分) （2）2T0 (3分) （3）（或） (3分)
12．（11分）（1）电压表V2 (3分) （2）电阻R3＝20Ω (4分) （3）E＝6V (4分)
13．（14分）设汽车所受阻力与车所受重力的比例系数为k，则空载时汽车所受阻力为：
f0 = km0g ……………………………………………………………………………………(2分)
当汽车达到最大速度v0时，牵引力F0 = f0
可得汽车的额定功率P＝F0v0＝km0gv0……………………………………………………（4分）
同理，当汽车载货时：
P = k（m0＋m）gvm ………………………………………………………………………(4分)
解得： ……………………………………………………………………(4分)
14、（14分）他们的解法都不对。………………………………（4分）
设摩托车的加速时间为t，且正好用时t0＝3min追上汽车，则有：
……………………………………………………………（5分）
得 …………………………………………………………………………（3分）
所以摩托车的最小加速度大小为 m/s2 ……………………………（2分）
15．（15分）
如图， 得…………………………………………………（2分）
激光束b，在O点有： 得 …………… ……………………（2分）
又 得
激光束a，在C点有： 得
在E点 得………………………………………（2分）
由′，两束光射出后应平行，故不相交。
⑵在△CDO中，
在△CDE中，
在△EFO中，……………………………（5分）
所以，光束a射出玻璃砖后与x轴交点的坐标为（，0）
16．（15分）
⑴当金属棒ab和cd的速度相同时，对它们构成的系统，
F=ma＋2ma …………………………………………………………………………（2分）
得加速度 ………………………………………………………………………（3分）
⑵当金属棒ab的速度是金属棒cd的速度的2倍时，即 vab=2vcd
对金属棒ab，由牛顿第二定律得
…………………………………………………………（3分）
得 ………………………………………………（3分）
⑶对系统，由动量定理： ………………………………………………（2分）
得： …………………………………………………………（2分）
17．（16分）
过程：位移s＝AC＝m
加速度 ＝ m/s2…（3分）
时间 s ………………（2分）
⑵电荷到达C点的速度为
m/s ………………（2分）
速度方向与x轴正方向成45°角，在磁场中运动时
由
得m ………………………………………………（4分）
即电荷在磁场中的偏转半径为m
⑶轨迹圆与x轴相交的弦长为m，所以电荷从坐标原点O再次进入电场中，且速度方向与电场方向垂直，电荷在电场中作类平抛运动，运动过程中与x轴第三次相交时的位移方向角为45°，设运动的时间为t′，则：
间s=
得t′＝2×10－6s ………………………………………………………………（2分）
则s平=vt′=m
m ……………………………………………………………（3分）
即电荷第三次到达x轴上的点的坐标为（8，0）
18．（16分）
⑴小球与滑块相互作用过程中沿水平方向动量守恒：
…………………………………………………………（3分）
又因为系统机械能守恒： …………………………………（3分）
得 …………………………………………（2分）
⑵当金属小球通过A点时，沿导轨方向金属小球与金属滑块具有共同速度v，沿A点切线方向的速度为v′，由动量和能量守恒得
………………………………………………………………（2分）
………………………………………………（2分）
解得 ……………………………………………………（2分）
由牛顿第二定律得………………………………………………（2分）
即为对金属块的作用力大小为
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