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    与水平面成角.质量为的导体棒PQ 与ab.cd垂直且接触良好.回路的电阻 为R.整个装置放于垂直框架平面的变 【查看更多】

     

    题目列表(包括答案和解析)

    如图，导体框平面与水平面成θ角，质量为的导体棒PQ与ab、cd接触良好，回路的总电阻为R，整个装置放于垂直于框架平面的变化的磁场中，磁感应强度的变化如图（乙），PQ始终静止，则在0—tos内，PQ受到的摩擦力的变化情况可能是（　 ）]

    　　①一直增大

    　 ②一直减小

    　 ③先减小后增大

    　 ④先增大后减小

    A．①②　　 B．①④　 C．②③　 D．③④　

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    导体框架abcd构成的平面与水平面成θ角，质量为m的导体棒PQ与导体轨道ad、bc接触良好而且相互垂直．轨道ad、bc平行，间距为L．abQp回路的面积为S，总电阻为R且保持不变．匀强磁场方向垂直框架平面斜向上，其变化规律如图乙所示．导体棒PQ始终处于静止状态，图乙中为0己知量，B0足够大，则（　　） 

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    导体框架abcd构成的平面与水平面成θ角，质量为m的导体棒PQ与导体轨道ad、bc接触良好而且相互垂直．轨道ad、bc平行，间距为L．abQp回路的面积为S，总电阻为R且保持不变．匀强磁场方向垂直框架平面斜向上，其变化规律如图乙所示．导体棒PQ始终处于静止状态，图乙中为0己知量，B0足够大，则（　　） 
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    A．产生感应电流时，导体棒ab中的电流方向为由P到Q
    B．产生感应电流时，感应电流为恒定电流
    C．产生感应电流时，导体棒受到的安培力为恒力
    D．PQ恰好不受摩擦力时，磁感应强度的大小为
    mgRcosθ
    LS

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     导体框架abcd构成的平面与水平面成角，质量为m的导体棒PQ与导体轨道、接触良好而且相互垂直。轨道、平行，间距为L。回路的面积为S，总电阻为R且保持不变。匀强磁场方向垂直框架平面斜向上，其变化规律如图乙所示。从开始，导体棒PQ始终处于静止状态，图乙中为已知量，足够大，则  （    ）

        A．产生感应电流时，导体棒PQ中的电流方向为由P到Q

        B．产生感应电流时，感应电流为恒定电流

        C．产生感应电流时，导体棒PQ受到的安培力为恒力

        D．PQ恰好不受摩擦力时，磁感应强度的大小为

     

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    导体框架abcd构成的平面与水平面成θ角，质量为m的导体棒PQ与导体轨道ad、bc接触良好而且相互垂直．轨道ad、bc平行，间距为L．abQp回路的面积为S，总电阻为R且保持不变．匀强磁场方向垂直框架平面斜向上，其变化规律如图乙所示．导体棒PQ始终处于静止状态，图乙中为0己知量，B足够大，则（ ） 
    A．产生感应电流时，导体棒ab中的电流方向为由P到Q
    B．产生感应电流时，感应电流为恒定电流
    C．产生感应电流时，导体棒受到的安培力为恒力
    D．PQ恰好不受摩擦力时，磁感应强度的大小为

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           说明：定出评分标准是为了尽可能在统一标准下评定成绩. 试题的参考解答是用来说明评分标准的. 考生如按其他方法或步骤解答，正确的，同样给分；有错的，根据错误的性质，参照评分标准中相应的规定评分.

    一、二选择题

    1．B  2．C  3．A  4．C  5．A  6．CD  7．BD  8．BD  9．ABD

    1,3,5

    10．（1） （3分）（3分）（3）S（2分），L（2分）

    文本框: 11．（1）还需毫安表（量程是1mA）、电源（电动势为3V）、开关、导线.（2分）

           原理图如右（2分）

           测量方法：读出电压表的读数是U和毫安表的读数是I，则电压表的内阻可表示为Rv=U/I（2分，其它方案正确同样给分.）

       （2）不能，因为电压表的内阻太大，无法精确测量其电流值. （4分，只答“能”或“不能”均不能得分，理由充分或误差分析清楚即可得分.）

           第12、13、14小题为选做题，考生从该3小题中选做2题。若考生全部作答，则以12、13两题进行评分.

    12．（1）ABCEG（6分，全对得6分，不全对的每对一项得1分，错一项扣1分，错2项扣3分，错3项本题不得分，本题不得负分）

       （2）①减少，5（每空1分）

           ②气体体积增大，则单位体积内的分子数减少；内能减少，则温度降低，其分子运动的平均速率减小；则气体的压强减小.（4分要有四个要点各占1分；单位体积内的分子数减少；温度降低；分子运动的平均速率减小；气体的压强减小.）

       （2）解：作出光路如图

           由折射定律得（2分）

          

           所以r=30°（2分）

           由图知

           则AB―AC=d?tan30°=d

           出射光线与入射光线间的距离是d（2分）

    14．（1）BCDGH（6分，全对得6分，不全对的每对一项得1分，错一项扣1分，错2项扣3分，错3项本题不得分，本题不得负分）

       （2）①A、B相碰满足动量守恒（1分）

           得两球跟C球相碰前的速度v1=1m/s（1分）

           ②两球与C碰撞同样满足动量守恒（1分）

           得两球碰后的速度v2=0.5m/s，

           两次碰撞损失的动能（2分）

           （1分）

    四、计算题

    15．解：（1） （2分）

       （2） （2分）

            （2分）

           U=IR（1分）

           由以上各式得v=2.5m/s（1分）

       （3）金属棒加速度（1分）

           由牛顿定律（2分）

          

           由以上各式得P=0.25W（1分）

    16．解：（1）由牛顿运动定律：

           物块放上小车后加速度：（1分）

           小车加速度：（2分）

          

          

           由得：t=2s（2分）

           两小物块放上小车2s后就一起运动.

           小车的最小长度 （1分）

           L=3m（1分）

       （2）物块在前2s内做加速度为a1的匀加速运动，后1s同小车一起做加速度为a3的匀加速运动，以系统为研究对象

           根据牛顿运动定律，由得

           （1分）

           物块3s末的速度（1分）

           摩擦力对小物块做的功  （2分）

           小车在3s内的位移（2分）

           力F做的功  （1分）

           （1分）

           在II区域的电磁场中运动满足

           （2分）

           （1分）

           方向水平向右（1分）

           同理E2=2×103V/m方向水平向左.（1分）

       （2）根据对称性，在区域III中只能存在匀强磁场，且满足B3=B2=0.1T，方向垂直纸面向外. （2分）

           由于周期相等，所以在区域II中只能存在匀强电场，且方向必须与x轴平行，（2分）

           从B点运动至O点做类平抛运动，时间（1分）

           沿y轴方向的位移是L，则（1分）

           由牛顿第二定律qE­=ma（1分）

           代入数据解得E=2×103V/m（1分）

           根据对称性电场方向如图答所示.（1分）

     


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