1. punish        A. reduce        B. sugar      C. button        D. bury

因s₁＋s₂＝0.45m＜0.5m，故小球不会碰到左侧金属板.(1分)

代入数值解得s₁＝31.5cm　s₂＝13.5cm　(2分)

12．(13分)(1)当弹簧刚好恢复原长时小球与弹簧分离，设此时小球的速度为v₁,框架的速度为v₂，根据动量守恒：mv₁＋Mv₂＝(m＋M)v₀(2分)

根据能量守恒：　(3分)

(2分)

代入数值后解得：v₁＝－8/s　 v₂＝2m/s　(2分)

(2)当小球与框架速度相等时，小球相对框架的位移最大，根据动量守恒，此时两者的共

同速度仍为v₀　(2分)

设从小球被弹开至两者速度再次相等小球对地的位移为s₁，框架对地的位移为s₂，根据

动能定理有　(3分)

　　(3分)

11．解：(1)线框下落阶段进入磁场做匀速运动，令此时的速度为v₂，则有

mg＝F_安＋f　                                              ①(2分)

其中F_安＝BIa，                                          ②

故此　　                               (2分)

得　                                     (2分)

(2)令线框离开磁场向上升的阶段加速度为a_上，从最高点落至磁场过程中下降的加速度为

a_下，则必有

         ④(3分)

而a₁＝(mg＋f )/m,a₂＝(mg－f )/m ⑤(2分)

代入计算有　(3分)

(3)由功能关系对线框进入到离开磁场有(4分)

故　(2分)

10．解：结论错误。正确的是　(6分)

由牛顿第二定律知：　(5分)

球体体积 (1分)

由密度公式知：　(1分)

联立①、②、③得：　(2分)

(2)①a、b、d、f、g、h(3分)

②实验电路图如图所示(5分)

③应将滑动触片调到A端，使负载两端电压最小，并将电阻

箱的阻值调整到和电压表内阻相等(3kΩ)缓慢的调整滑动触

头至电压表示为3V，记下此时电流表读数I，则R＝.为了

减少偶然误差，可多测几次取平均值.(3分)

9．(1)CD　(选对一个得3分，对两个得6分，错选得0分)

8．C　传送带不动时，物块做匀减速直线运动，传到右端时间为t₃，若带顺时针转，但物块

速度大于带速时，物块仍可能一直减速，则t₁＝t₃，同理带逆时转，物块传到右端速度

未减为零时t₂＝t₃，故应选C.

7．D　建立沿OP方向为y轴，垂直OP方向为x轴，P为原点的坐标系，由力的平衡，用正

交分解法知：

F_ABsinα＝F_BPcosα ①　　　②　　　③　　　

由①、②、③、④可求得：故选D.