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    7．小王同学做“测定小灯泡额定功率”的实验，所用实验器材包括：电源（电压约6V）、开关、电压表、电流表各一个，导线若干，待测额定电压为2.5V的小灯泡若干（电阻约7Ω），滑动变阻器两个（A：“5Ω  2A”；B：“20Ω  0.5A”）

    （1）如图甲所示，是小王同学已连接的部分电路，请你用笔画线代替导线，帮他完成电路的连接（要求：①不改动已连接导线，连接时导线不交叉，②滑动变阻器滑片P向右移动时，小灯泡变暗）；
    （2）小王同学所选用的滑动变阻器是B（选填“A”或“B”）；
    （3）小王同学电路连接无误，试触开关，发现电压表指针超量程，于是，将电压表量程换大，但无论怎样移动滑动变阻器的滑片小灯泡都不亮，电压表示数始终为6V，电流表示数始终为0，则电源电压为6V，产生这个故障的原因可能是小灯泡断路；
    （4）电路故障排除后，小王调节滑动变阻器，发现电压表如图乙所示，为了测定小灯泡的额定功率，小王应向左 （选填“左”或“右”）移动滑动变阻器的滑片，使电压表示数为2.5V；
    （5）小王移动滑动变阻器的滑片，记录多组小灯泡两端不同的电压及对应的电流值，根据这些数据，在坐标纸上绘制出了通过小灯泡的电流与两端电压变化关系的图象（如图丙所示）．分析图象可知，小灯泡的额定功率是0.625W，小灯泡正常工作时灯丝电阻为10Ω；从图象还可以看出，小灯泡消耗功率为0.3W时其电阻为7.5Ω；
    （6）小红同学在评价交流时，发现有的同学将电压表连接成如图丁所示电路，由于电流表与电压表对电路的影响，则这种连接测量出的电阻值比实际电阻偏大（选填“大”或“小”）．

    分析 （1）电流表、滑动变阻器与灯泡串联，电压表与灯泡并联，并注意电流表、电压表量程的选择，根据题目要求确定滑动变阻器下面所接的接线柱；
    （2）根据灯泡正常发光时，计算出滑动变阻器接入电路的最小阻值即可选择正确的滑动变阻器；
    （3）电流表示数为零说明电路断路，电压表有示数说明电压表和电源连接的部分电路正常；
    （4）根据电压表的量程和分度值读出灯泡两端电压，然后与灯泡的额定电压比较，并确定滑片移动的方向；
    根据实际电压和额定电压的关系，判断实际功率与额定功率的关系；
    （5）根据图象知额定电流，然后利用P=UI求出灯泡的实际功率、根据R=$\frac{U}{I}$求出电阻、根据P=UI从图象中看出当功率为0.3W是的电流和电压；
    （6）此时电压表测量的电压是电流表和灯泡串联后的总电压，电流表在理论上没有电阻，但实际上也有电阻，只不过电阻较小．

    解答 解：（1）小灯泡的额定电压为2.5V，所以电压表量程选0-3V，且电压表与灯泡并联，电压表正接线柱靠近电源的正极，负接线柱靠近电源负极；又要求滑片P向移动时变阻器阻值变大，所以应连接滑动变阻器下面左边的接线柱．故连接实物图如下：

    （2）当灯泡正常发光时，电路中的电流：I=$\frac{U}{R}$=$\frac{2.5V}{7}$=0.36A，此时滑动变阻器接入电路的阻值：R′=$\frac{6V-2.5V}{0.36A}$=9.7Ω，故选择滑动变阻器B；
    （3）电流表的示数为零说明电路中有断路，再根据电压表的示数判断出电路故障．电压表有示数，说明电压表的两个接线柱和电源连接的部分没有断路，因此故障是小灯泡处发生断路了，电压表示数为5V，故于电源电压；
    （4）图乙电压表量程为0-3V，分度值为0.1V，因此灯泡两端的实际电压为1.8V小于灯泡的额定电压2.5V，因此需使滑动变阻器接入电路中的电阻减小，故滑片向左移动；
    此时的实际电压低于额定电压，所以实际功率小于灯泡的额定电功率；
    （5）由图象丙知，当U=2.5V时，对应的电流为I=0.25A，故灯泡的额定功率为P=UI=2.5V×0.25A=0.625W；
    R=$\frac{U}{I}$=$\frac{2.5V}{0.25A}$=10Ω；
    根据图象知当电压U=1.5V，电流I=0.2A时，功率P=UI=1.5V×0.2A=0.3W，故电阻R′=$\frac{U′}{I′}$=$\frac{1.5V}{0.2A}$=7.5Ω
    （4）由图丙知，电流表的内接法测量电阻，此时灯泡中的电流等于电流表的示数．由于电流表也有一定的电阻值，所以电流表的两端也有电压，此时的电压表测量的是灯泡与电流表串联后的总电压，所以电压表的示数要比灯泡两端的电压大一些，根据R=$\frac{U}{I}$，所以测量的电阻值要比实际电阻大．
    故答案为：（1）电路如图；（2）B；（3）6；小灯泡断路；（4）左；（5）0.625；10；7.5；（6）大．

    点评 解决本题的关键：一是电流表和滑动变阻器的正确使用，二是电路故障分析和从表格中得到有用的信息，三是知道额定功率和实际功率的关系．本题考查了电功率的测量实验中电路的连接，电流表的读数，计算电功率，本实验电路还可以用来测量灯泡的电阻．
    电流表的连接有两种方式：电流表的内接法；电流表的外接法．当电流表内接时，测量的电流是准确的，但测量的电压要比灯泡两端的实际电压要大．
    当电流表外接时，测量的电压是准确的，但电流要比实际电流要小．

    练习册系列答案
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    科目：初中物理 来源： 题型：解答题

    17．一同学用100牛的力竖直向上抛出一个重力为49牛的小球，在上升和下降过程中物体所受的空气阻力均为6牛．求：
    （1）小球的质量m；
    （2）离开手后，上升过程中小球受到的合力的大小和方向；
    （3）下降过程中小球受到的合力的大小和方向．

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    科目：初中物理 来源： 题型：填空题

    18．检查照明电路，电工经常采用的方法是：取下保险丝，将额定电压为220V的“校验灯”L0接在保险丝的两只接线柱上，如图所示，在检查灯L1所在支路之前，先断开所有开关，再闭合开关S1，若校验灯L0发出暗红色的光则该支路正常；若“校验灯”L0恰能正常发光，说明该支路短路；若校验灯L0不发光，则该支路断路．（正常/短路/断路）．

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    科目：初中物理 来源： 题型：解答题

    15．如图甲是小明和同学做“测定小灯泡额定电功率”实验的电路，电源电压为6V，己知小灯泡正常工作时的电压为2.5V，正常发光时灯丝的电阻约为10Ω．

    （1）请你用笔画线代替导线把未连接完的实物电路连接成正确的完整电路（要求：导线不交叉且滑动变阻器滑片向右移动灯泡变亮）．
    （2）闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于A端（选填“A”或“B”），若实验室有三种规格的滑动变阻器，分别是甲“10Ω  1A”、乙“20Ω  0.5A”、丙“50Ω  0.2A”，则小明应选用乙（选填“甲”、“乙”或“丙”）．
    （3）若闭合开关，灯泡不亮，经检查灯丝断了，则电流表指针偏转情况是无偏转；电压表指针偏转情况是超满偏．
    （4）更换相同规格灯泡后，当滑动变阻器的滑片在某一位置时，电压表的示数如图乙所示，为了使灯泡正常发光，应将滑片向右（选填“左”或“右”）移动；小明进一步测置并推绘出小灯泡的电流随电压变化的曲找如图丙所示，通过图象可知小灯泡正常发光时的电功率为0.75W．
    （5）另一位同学在连接好电路后，闭合开关，在移动滑动变阻器滑片P的过程中发现；灯泡变亮时电压表示数变小；灯泡变暗时，电压表示数变大．经检查所用器材完好，出现这种现象的原因可能电压表与滑动变阻器并联．
    （6）他们继续用如图所示装置来探究“电流与电压的关系”，首先把5Ω的电阻接入原来小灯泡的位置，调节滑动变阻器依次测得数据如表一所示，由表一可归纳出：在电阻不变的情况下，导体中的电流跟它两端的电压成正比．接着他们探究“电流与电阻的关系”．其操作步骤是分别把5Ω、10Ω、15Ω的电阻接入原小灯
    泡的位置，立即闭合开关记录读数如表二所示．由表中的实验数据发现，通过导体的电流跟它的电阻不成反比，其原因可能是遗漏了重要的操作步骤，此步骤是：调节滑动变阻器的滑片，使定值电阻两端的电压相等
    表一
    次数电阻R=5Ω
    电压U/V电流I/A
    11.00.2
    21.50.3
    32.00.4
    表二
    次数电阴R/Ω电流I/A
    150.24
    2100.20
    3150.16

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    科目：初中物理 来源： 题型：选择题

    2．把正在熔化的冰放在0℃的房间中（　　）
    A．冰继续熔化B．已熔化的冰水开始凝固
    C．冰不会熔化，冰水不会凝固D．条件不足，无法确定

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    科目：初中物理 来源： 题型：解答题

    12．如图a所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关s后，滑动变阻器的滑片P由B端移动到A端时，测得全过程中电阻R1两端的电压与通过电阻R1的电流的变化关系如图b所示．求：

    （1）电源的电压．
    （2）变阻器的最大阻值．
    （3）电压表V2示数的变化范围．
    （4）请用电学公式结合控制变量法推理说明，滑片P向右滑动时，R1消耗功率会变小的原因，并求出最小值．

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    科目：初中物理 来源： 题型：解答题

    19．为了研究拉力做功的快慢，某同学设计了如下的实验进行研究．他把不同质量的物体匀速提升不同的高度，同时测出相应的所用时间，记录的实验数据如表所示．已知表一所示实验拉力做功最快，表三所示实验做功最慢．每一表格所示实验做功快慢相同．
    表1
    实验序号拉力（牛）提升高度（米）功（焦）所用时间（秒）
    1250.80202
    2600.50303
    32000.20404
    表2
    实验序号拉力（牛）提升高度（米）功（焦）所用时间（秒）
    4500.20102
    5800.25204
    61000.30306
    表3
    实验序号拉力（牛）提升高度（米）功（焦）所用时间（秒）
    7100.5052
    8400.25104
    91000.20208
    （1）分析比较实验次数1、4、7，可得出的初步结论是：在时间相同的情况下，拉力所做功越多，做功就越快．
    （2）分析比较实验次数1、5、9（或2、6，或4、8），可得出的初步结论是：在做相同功的情况下，时间越短，做功越快．
    （3）请进一步综合分析比较表一、表二、表三中的数据及相关条件，并归纳得出结论．
    （a）分析比较表一、表二或表三中的数据及所给已知条件，可初步得出：拉力做功与所用时间的比值相同，拉力做功快慢相同．
    （b）分析比较表一、表二和表三中的数据及所给已知条件，可初步得出：
    拉力做功与所用时间的比值越大，拉力做功越快．由此可见，物体的做功快慢取决于物体拉力做功与所用时间的比值，为此物理学引入了功率这一物理量．

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    科目：初中物理 来源： 题型：填空题

    16．琼海潭门的许多渔船都装有“北斗卫星导航系统”，“北斗卫星导航”是通过电磁波与卫星进行信息传输的； 电磁波在真空中的传播速度为3×108m/s．

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    科目：初中物理 来源： 题型：实验探究题

    17．星宇想知道酱油的密度，于是她和小华用天平和量筒做了如下实验：
    （1）星宇将天平放在水平台上，把游码放在标尺零刻度处，发现指针指在分度盘的右侧，要使横梁平衡，应将平衡螺母向左（选填“右”或“左”）调．
    （2）星宇用天平测出空烧杯的质量为17g，在烧杯中倒入适量的酱油，测出烧杯和酱油的总质量如图甲所示，将烧杯中的酱油全部倒入量筒中，酱油的体积如图乙所示，则量筒中酱油的质量为45g，酱油的密度为1.125×103kg/m3．
    （3）星宇用这种方法测出的酱油体积会偏小，密度会偏大（选填“偏大”或“偏小”）．
    （4）小华不小心将量筒打碎了，老师说只用天平也能测量出酱油的密度．于是小华用烧杯和适量的水，设计了如下实验步骤，请你补充完整．
    ①调好天平，用天平测出空烧杯质量为m0．
    ②往烧杯中装满水，用天平测出烧杯和水的总质量为m1．
    ③用另一个烧杯装满酱油，用天平测出烧杯和酱油的总质量为m2；
    ④酱油密度的表达式：ρ酱油=$\frac{{m}_{2}-{m}_{0}}{{m}_{1}-{m}_{0}}$•ρ水．（已知ρ水）

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