【题目】下列说法正确的是(　　)

A. 太阳辐射的能量主要来自太阳内部的核裂变反应

B. 用加热、加压或改变其化学状态的方法都不能改变原子核衰变的半衰期

C. 一个氢原子从量子数n＝3的激发态跃迁到基态时最多可产生3条不同频率的谱线

D. 一束光照射到某种金属上不能发生光电效应，可能是因为该束光的波长太短

【答案】B

【解析】太阳辐射的能量主要来自于太阳内部的核聚变，A错误；加热、加压或改变化学状态均不影响元素的半衰期，B正确；一个氢原子从n=3的激发态跃迁到基态时，最多产生2种不同频率的光谱，C错误；一束光照射到金属上，不能发生光电效应，是由于该光的频率小，没有达到该金属的极限频率，根据可知频率小，光的波长长，D错误．

【题型】单选题
【结束】
156

A. B2＝2B1

B. 带电粒子第二次进入右边磁场后一定从MN边离开

C. 第一次完整回旋过程经历的时间为

D. 要实现两次以上的回旋过程，可以同时增大两磁场的磁感应强度

【题目】在如图所示的电路中，开关闭合后，当滑动变阻器的触头P向下滑动时，有(　　)

A. 灯L1变亮

B. 灯L2变暗

C. 电源的总功率变大

D. 电阻R1有从b到a方向的电流

【答案】BD

【解析】试题分析：滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，接入电路电阻变大，总电阻增大，则电路中总电流减小，灯变暗，故A错误；根据串联电路中电压与电阻成正比，可知，电路中并联部分的电压增大，通过的电流增大，而总电流减小，所以通过灯的电流变小，灯变暗，故B正确；根据知，减小，E不变，则电源的总功率减小，故C错误；电容器的电压等于右侧并联电路的电压，则电容器的电压增大，带电量将增多，电容器充电，所以电阻有从到方向的电流，故D正确。

考点：闭合电路的欧姆定律；电功、电功率

【名师点睛】滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，接入电路电阻变大，分析总电流的变化，即可判断灯亮度的变化．根据电路的结构，由欧姆定律可判断电容器电压的变化，分析其状态，判断通过电阻的电流方向．根据总电流的变化判断电源总功率的变化；解决这类动态分析问题的基础是认识电路的结构，处理好整体和局部的关系，运用欧姆定律分析。

【题型】单选题
【结束】
154

A. 重物的质量为1.2kg

B. 金属棒Q未放上时，重物和金属棒P组成的系统机械能不守恒

C. 金属棒Q放上后，电路中产生的焦耳热等于重物重力势能的减少量

D. 金属棒Q放上后，电路中电流的大小为3A

【题目】如图所示，10匝矩形线框，在磁感应强度为0.4 T的匀强磁场中，绕垂直磁场的轴OO′以角速度为100 rad/s匀速转动，线框电阻不计，面积为0.5m2，线框通过滑环与一理想变压器的原线圈相连，副线圈接有两只灯泡L1和L2.已知变压器原、副线圈的匝数比为10：1，开关断开时L1正常发光，且电流表示数为0.01A，则(　　)

A. 若从图示位置开始计时，线框中感应电动势的瞬时值为200sin100t V

B. 灯泡L1的额定功率为2W

C. 若开关S闭合，灯泡L1将更亮

D. 若开关S闭合，电流表示数将增大

【答案】D

【解析】试题分析：先根据公式Um=NBSω求解输入电压的最大值，然后根据理想变压器的变压比公式和变流比公式列式求解．

解：A、变压器的输入电压的最大值为：Um=NBSω=10×0.4×0.5×100=200V

从垂直中性面位置开始计时，故线框中感应电动势的瞬时值为：u=Umcosωt=200cos100t（V），故A错误；

B、变压器输入电压的有效值为：

U1===100V

开关断开时L1正常发光，且电流表示数为0.01A，根据变流比公式，有：

故I1=0.1A

灯泡L1的额定功率等于此时变压器的输入功率，为：

P=U1I1=100×0.1=10W，故B错误；

C、若开关S闭合，输出电压不变，故灯泡L1亮度不变；故C错误；

D、若开关S闭合，输出电压不变，输出端电阻减小，故输出电流增加，故输入电流也增加，输入功率增加，灯泡L1将更亮；故D正确；

故选：D．

点评：本题关键是记住交流发电机最大电动势表达式Um=NBSω，同时要明确输入电压决定输出电压，输出电流决定输入电流，输出功率决定输入功率．

【题型】单选题
【结束】
153

A. 灯L1变亮

B. 灯L2变暗

C. 电源的总功率变大

D. 电阻R1有从b到a方向的电流

A. 若从图示位置开始计时，线框中感应电动势的瞬时值为200sin100t V

B. 灯泡L1的额定功率为2W

C. 若开关S闭合，灯泡L1将更亮

D. 若开关S闭合，电流表示数将增大

【题目】如图所示，光滑木板长1 m，木板上距离左端处放有一物块，木板可以绕左端垂直纸面的轴转动，开始时木板水平静止．现让木板突然以一恒定角速度顺时针转动时，物块下落正好可以砸在木板的末端，已知重力加速度g＝10m/s2，则木板转动的角速度为(　　)

A. B. C. D.

【答案】B

【解析】设从开始到物块砸在木板的末端，木板转过的角度为α，则有，，所以物块下落的高度，由，得物块下落时间为,所以木板转动的角速度，选项B正确．

【题型】单选题
【结束】
151

【题目】如图所示，光滑绝缘水平面上有质量分别为m和3m的小球A、B，两小球带等量异种电荷．水平外力F作用在小球B上，当两小球A、B间的距离为L时，两小球保持相对静止．若仅将作用在小球B上的外力的大小改为，要使两小球保持相对静止，两小球A、B间的距离为(　　)

A. 2L B. 3L C. D.

（1）第一次小球落点P到轨道底端B的距离；

（2）第一次小球落地时的速度；

（3）第二次小球经过A点时对轨道的压力。

【题目】以下说法符合物理学史的是(　　)

A. 笛卡儿通过逻辑推理和实验对落体问题进行了研究

B. 哥白尼提出了日心说并发现了行星沿椭圆轨道运行的规律

C. 静电力常量是由库仑首先测出的

D. 牛顿被人们称为“能称出地球质量的人”

【答案】C

【解析】伽利略通过逻辑推理和实验对落体问题进行了研究，得出了自由下落的物体下落速度与质量无关，选项A错误；哥白尼提出了日心说，开普勒发现了行星沿椭圆轨道运行的规律，选项B错误；静电力常量是由库仑首先测出的，选项C正确；卡文迪许通过扭秤实验测出了引力常量，从而由计算出了地球的质量，被人们称为“能称出地球质量的人”，选项D错误；故选C.

【题型】单选题
【结束】
150

【题目】如图所示，光滑木板长1 m，木板上距离左端处放有一物块，木板可以绕左端垂直纸面的轴转动，开始时木板水平静止．现让木板突然以一恒定角速度顺时针转动时，物块下落正好可以砸在木板的末端，已知重力加速度g＝10m/s2，则木板转动的角速度为(　　)

A. B. C. D.

①棱镜的折射率为多大?

②如果入射点到A点的距离为，光在真空中的传播速度为c=3.0×108m/s，则光束从AB面传播到AC面所用的时间应为多少?(结果可保留根号)

(1)如图甲所示，直径D=___________mm，用多用表“×100”的欧姆挡测量该电热丝的电阻如图乙所示，则电阻Rx =___________Ω

实验室还提供了如下器材：

①电流表A1(量程：0.6A、内阻RA1=0.1Ω) ②电流表A2(量程：1mA，内阻RA2=120Ω)

③电压表V1(量程：15V、内阻约为7.5kΩ) ④电压表V2(量程：3V、内阻约为1kΩ)

⑤定值电阻R1，阻值为30Ω ⑥定值电阻R2，阻值为880Ω

⑦滑动变阻器R(最大阻值为20Ω) ⑧电势为3V的电池组E(内阻可忽略不计)

⑨开关S一个，导线若干

(2)为了精确地测量该电热丝的阻值，需要多测几组数据，需要选用的器材是_________(填器材前的序号)，并将设计电路画在方框中(电热丝用“”表示)

(3)根据设计方案，电压表的读数为U，电流表的读数为I，则电阻率的表达式为ρ=________(所测物理量及已知物理量的字母表示)。

①用天平测出A、B两个小球的质量mA和mB；

②安装好实验装置，使斜槽的末端所在的平面保持水平；

③先不在斜槽的末端放小球B，让小球A从斜槽上位置P由静止开始释放，小球A离开斜槽后，频闪照相机连续拍摄小球A的两位置(如图乙所示)；

④将小球B放在斜槽的末端，让小球A仍从位置P处由静止开始释放，使它们碰撞，频闪照相机连续拍摄下两个小球的位置(如图丙所示)；⑤测出所需要的物理量。

请回答：

(1)实验①中A、B的两球质量应满足_____________

(2)在步骤⑤中，需要在照片中直接测量的物理量有__________；(请选填“x0、y0、xA、yA、xB、yB”)

(3)两球在碰撞过程中若动量守恒，满足的方程是： ______________________.