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    如图，在Rt△AOB中，∠AOB=90°，OA=3cm，OB=4cm，以点O为坐标原点建立坐标系，设P，Q分别为AB，OB边上的动点，它们同时分别从点A，O向B点匀速运动，速度均为1厘米/秒，设移动的时间为t（0≤t≤4）秒．
    （1）求运动t秒时，P，Q两点的坐标．（用含t的式子表示）．
    （2）若△OPQ的面积为Scm2，运动的时间为t秒，求S与t之间的函数关系式．当t为何值时，S有最大值？最大面积是多少？
    （3）当t为何值时，直线PQ将△AOB的面积分成1：3两部分？
    （4）按此速度运动下去，△OPQ能否成为正三角形？若能，求出时间t；若不能，请说明理由．能否通过改变Q点的速度，使△OPQ成为正三角形？若能，请求出改变后Q的速度和此时t的值．

    【答案】分析：（1）作PM⊥OA于M，则PM∥OB，再根据平行线分线段成比例定理列出比例式；由勾股定理求出AB=5，而AP=t，根据比例式求出AM、PM的值，P点坐标即可得到，由
    （2）根据三角形的面积公式，P点纵坐标与OQ的长度的积的一半就是△OPQ面积，整理后根据二次函数的最值问题求解即可；
    （3）因为S△ABO=OA×OB=×3×4=6，又S△PQB=BQ×Py=×（4-t）（3-t），若直线PQ将△AOB的面积分成1：3两部分
    则当×（4-t）（3-t）=×6或×（4-t）（3-t）=×6，分别求出符合题意的t值即可；
    （4）按此速度运动下去，△OPQ不能成为正三角形根据正三角形的性质PN垂直平分边OQ，所以无论t为何值时，△OPQ都不可能为正三角形；改变Q点速度根据正三角形的性质，0Q=2ON，PN=OQ，分别列式求解即可得到Q点运动速度和时间t．
    解答：解：（1）作PM⊥OA于M，则PM∥OB，
    ∴AM：AO=PM：BO=AP：AB，
    ∵OA=3cm，OB=4cm，
    ∴在Rt△OAB中，AB==5=5cm，
    ∵AP=1•t=t，
    ∴，
    ∴PM=t，AM=t，
    ∴OM=OA-AM=3-t，
    ∴点P的坐标为（t，3-t），
    ∵Q点的运动速度是速度为1厘米/秒，
    ∴OQ=1×t，
    ∴Q的坐标是（t，0）；
    （2）OQ=1•t=tcm，
    ∴S△OPQ=×t×（3-t）=-（t-）2+，
    ∵a=-＜0，
    ∴当t=时，S最大=；
    （3）∵S△ABO=OA×OB=×3×4=6，
    又S△PQB=BQ×Py=×（4-t）（3-t），
    当×（4-t）（3-t）=×6时，则t=（舍去）或；
    当×（4-t）（3-t）=×6时，则t=（舍去）或，
    ∴当t=或时，直线PQ将△AOB的面积分成1：3两部分；
    （4）按此速度运动下去，△OPQ不能成为正三角形，理由如下：过点P作PN⊥OQ，
    ∵OP2=PN2+ON2=PN2+（t）2，QP2=PN2+QN2=PN2+（t）2，
    要使△OPQ成为等边三角形，则PN2+（t）2=PN2+（t）2，
    ∴t=0，但此时不存在三角形，
    ∴按此速度运动下去，△OPQ不能成为正三角形，
    设Q点运动的速度为k，若△OPQ为正三角形，则OP=PQ=OQ，OQ=2ON，
    ∴kt=2×t，k=，
    此时PN=OP•sin60°=OP=OQ，
    即：3-t=×t，
    解得：t=，
    ∴当Q的运动速度为cm/s是，△△OPQ成为正三角形，此时t=．
    点评：此题考查了勾股定理、相似三角形对应边成比例的性质、等边三角形的高与底边的性质，二次函数最值问题以及相似三角形的判定与性质等知识．此题综合性很强，难度较大，解题的关键是数形结合思想与函数思想的应用，注意辅助线的作法，只要肯于动脑也不难解决．
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    （1）过点P做PM⊥OA于M，求证：AM：AO=PM：BO=AP：AB，并求出P点的坐标（用t表示）；
    （2）求△OPQ面积S（cm2），与运动时间t（秒）之间的函数关系式，当t为何值时，S有最大值？最大是多少？
    （3）当t为何值时，△OPQ为直角三角形？
    （4）证明无论t为何值时，△OPQ都不可能为正三角形．若点P运动速度不变改变Q的运动速度，使△OPQ为正三角形，求Q点运动的速度和此时t的值．

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    		2
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    2
    		2
    2
    		2
    ．

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    （12，0）
    （12，0）
    ；
    （2）旋转得到图⑩的直角顶点的坐标为
    （36，0）
    （36，0）
    ．

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    （1）求出S与x的函数关系式；
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