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    （2013?历城区二模）小明家新安装了一台电热水器，其铭牌如图1．若自来水的温度是20℃，充满水后，小明将调温开关调到如图2所示的位置．接通电源，加热指示灯亮；1h20min后达到设定温度时，加热指示灯熄灭．

    请你帮助小明回答下列问题：
    （1）电热水器正常工作时，通过它的电流多大？此时它的电阻多大？
    （2）加热指示灯从亮到灭的过程中，热水器中的水一共吸收多少热量？
    （3）小明分析水吸收的热量是由电能提供的，结合热水器铭牌的相关数据计算出理论上从接通电源到指示灯熄灭需要的时间．
    （4）结合计算结果，为什么实际加热时间要长呢？请你帮助小明简单分析原因．
    贮水式电热水器
    型号： V-50
    额定容量： 50kg
    额定电压： 220V
    额定频率： 50HZ
    额定压强： 0.6MPa
    额定功率： 2200W
    防水等级： 合格
    分析：（1）由电热水器的铭牌可知，其额定电压是220V，额定功率是2200W，由P=UI的变形公式可以求出正常工作的电流，由欧姆定律可以求出它的电阻．
    （2）充满水后水的质量和额定容量相等，由图可知设定的温度即为水的末温，根据Q=cm△t求出水吸收的热量；
    （3）电流做的功等于水吸收的热量，由功率的变形公式可以求出加热时间．
    （4）实际加热时间总是要大于理论计算时间，这是因为消耗的电能转化为内能不可能全部被水吸收，也可能是电热水器工作电压低于额定电压时，实际功率小于额定功率造成的．
    解答：解：（1）电热水器正常工作时的功率为2200W，
    ∵P=UI，
    ∴通过它的电流：
    I=
    P
    U
    =
    2200W
    220V
    =10A，
    ∵I=
    U
    R
    ，
    ∴此时它的电阻：
    R=
    U
    I
    =
    220V
    10A
    =22Ω；
    （2）水吸收的热量：
    Q吸=c水m（t-t0）=4.2×103J/（kg?℃）×50kg×（60℃-20℃）=8.4×106J；
    （3）∵W=Q=Pt，
    ∴加热时间t=
    Q
    P
    =
    8.4×106J
    2200W
    ≈3.8×103s；
    （4）热水器消耗的电能转化为内能不可能全部被水吸收，存在热量损失；
    或电热水器工作电压低于额定电压时，实际功率小于额定功率，也会使加热时间增加．
    答：（1）电热水器正常工作时，通过它的电流为10A，此时它的电阻为22Ω；
    （2）加热指示灯从亮到灭的过程中，热水器中的水一共吸收了的热量8.4×106J；
    （3）理论上从接通电源到指示灯熄灭需要的时间为3.8×103s；
    （4）加热过程中有热量损失．
    点评：电热水壶在工作过程中，将电能转化为内能，转化效率不可能是100%，同时得到的内能也不能被水完全吸收，所以水吸收的热量比消耗的电能要少很多．
    练习册系列答案
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    （2013?历城区二模）在“研究液体压强”的实验中，老师出示了如图甲所示的装置，并向装置中加入一定量的水，此时可观察到橡皮膜向外凸，这说明液体对
    容器底部有压强
    容器底部有压强
    ．稍后老师拿出如图乙的压强计指导大家探究液体内部压强的特点，小华通过实验，得出了如表所示数据：
    通过分析小华得出的数据，我们可以发现液体产生的压强大小与
    方向
    方向
    无关．
    小明认为小华利用压强计探究液体压强过于繁琐，没有必要，利用图甲装置即可．于是小明将图甲装置缓慢地浸入水中，他观察到橡皮膜向内凹．你认为若要探究液体内部压强的特点，哪个装置更适合，并说明理由．
    乙；使用甲装置，实验探究过程不全面且不严谨，实验现象不易观察
    乙；使用甲装置，实验探究过程不全面且不严谨，实验现象不易观察

    实验次数 研究对象 橡皮膜所处深度/cm 橡皮膜方向 压强计左右液面（水）高度差/cm
    1 水 3 朝上 2.6
    2 水 3 朝下 2.6
    3 水 3 朝侧面 2.6
    4 水 6 朝上 5.4
    5 水 9 朝上 8.2
    6 煤油 9 朝上 6.4

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