Question

已知 f（x）=ax-lnx，g（x）=，其中x∈（0，e]（e是自然常数），a∈R
（Ⅰ）当a=1时，求f（x）的单调性、极值；
（Ⅱ）求证：在（Ⅰ）的条件下，f（x）＞g（x）+；　
（Ⅲ）是否存在a∈R，使f（x）的最小值是3，若存在求出a的值，若不存在，说明理由．

Answer 1

解：（Ⅰ）∵f（x）=x-lnx，f'（x）=1-=（1分）
∴0＜x＜1时，f'（x）＜0，此时f（x）单调递减，
1＜x＜e时，f'（x）＞0，此时f（x）单调递增（3分）
∴f（x）的极小值为f（1）=1（4分）
（Ⅱ）∵f（x）的极小值为1，即f（x）在（0，e]上的最小值为1，
∴f（x）＞0，f（x）_min=1（5分）
令h（x）=g（x）+，h'（x）=，（6分）
当0＜x＜e时，h'（x）＞0，h（x）在（0，e]上单调递增（8分）
∴h（x）_max=h（e）=＜+=1=f（x）_min
∴在（1）的条件下，f（x）＞g（x）+； （9分）
（Ⅲ）假设存在实数a，使f（x）=ax-lnx（x∈（0，e]）有最小值3，
f'（x）=a-=
①当a≤0时，f（x）在（0，e]上单调递减，f（x）_min=f（e）=ae-1=3?a=（舍去），所以，此时f（x）无最小值．（11分）
②当0＜＜e时，f（x）在（0，）上单调递减，在（，e]上单调递增
f（x）_min=f（）=1+lna=3，a=e²，满足条件．（12分）
③当≥e时，f（x）在（0，e]上单调递减，f（x）_min=f（e）=ae-1=3?a=（舍去），所以，此时f（x）无最小值．
综上，存在实数a=e²，使得当x∈（0，e]时f（x）有最小值3．（14分）
分析：（Ⅰ）把a=1代入求出其导函数，即可求出f（x）的单调性、极值；
（Ⅱ）先利用导函数求出g（x）+的最大；再与（Ⅰ）的结论相结合即可证明结论；
（Ⅲ）先求出其导函数以及导数为0的根，比较根与区间两端点的大小关系，求出其在x∈（0，e]上的单调性以及在x∈（0，e]上的最小值；即可判断出是否存在a．
点评：本题主要考查利用导数研究函数的单调性，极值以及在闭区间上的最值问题．是对导数应用的综合考查，也是高考常考考点．