电场中等势线的描绘的实验装置如图所示，若由灵敏电流表的两个接线柱引出的两个表笔（探针）分别接触图中d、f两点（d、f 连线和A、B连线垂直）时，发现指针向右偏（若电流从红表笔流进时，指针向右偏），则说明电流表的红表笔接触在

 

点；要使指针指在刻度盘中央（即不发生偏转），应将接f的表笔向

 

（选填“左”或“右”）移动．

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“电场中等势线的描绘”的实验装置如图所示：(1)在图中a、b、c、d、e五个基准点中，电势最高的点是________点；(2)若电流表的两表笔分别接触d、f两点(d、f两点的连线与A、B连线垂直)时，表针反偏(电流从红表笔流进时，表针正偏)，则电流表的红表笔接在________点，要使表针仍指在零刻度线，应将接f的探针(即表笔)向________(填“左”或“右”)移动．

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“电场中等势线的描绘”实验装置如图所示．
（1）在木板上自下而上依次铺放

白纸

白纸

、

复写纸

复写纸

和

导电纸

导电纸

，且导电纸有导电物质的一面朝

上

上

（上、下）．
（2）某同学在实验中接通电源开关，将两表笔E_l、E₂在导电纸上移动，不管怎样移动，表针不偏转，经检查，电源与电流表均完好，其原因可能是

导电纸反了

导电纸反了

．
（3）在图中a、b、c、d、e五个基准点中，电势最高的点是

a

a

点．若电流表的两表笔分别接触图中d和f两点（f与d的连线和A和B的连线垂直）时表针反偏（电流从红表笔流进时，表针正偏），则电流表的红表笔接在

d

d

点，要使表针仍指在零刻度，应将接f的指针（即表笔）向

右

右

（填“左”或“右”）移动．

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一、填空题，每小题4分，共20分

1、光子；科学假说；        2、；      3、T_B=T_C<T_D；θ_B=θ_C>θ_D；

4、E₁>E₂；△E₁ = △E₂；     5、5，30

二、选择题：共40分。

说明

Ⅰ单项选择题（每题4分）

Ⅱ多项选择题（每题5分）

题号

6

7

8

9

10

11

12

13

14

选项

C

D

B

A

A

AB

BD

AD

CD

三、实验题：共30分

15、A

16、(1)A；(2)一节干电池、保护电阻 ；将电池与电流表、保护电阻串接

17、(1) ① ③ ；  ①中有导电物质的一面朝上，③中应使用电压传感器；(2) a ；(3) f ，向右

18、（1）作图法 ；（2）画出的s-t图（如图线甲）和的s-t图（如图线乙）                                                          

在误差允许的范围内，图线甲为直线，物体从A到B的运动为匀速直线运动，从图线的斜率可求得： ，     

从乙图中无法直接判断s、t之间的关系，但是该图线接近于二次函数的图像。为了验证这个猜想，通过转换变量来进行，即作s-t²图线，为此求得表格如下：

时间t(s)

0.89

1.24

1.52

1.76

1.97

新变量t²(s²)

0.79

1.54

2.31

3.10

3.88

位移s(m)

0.25

0.50

0.75

1.00

1.25

依据上表中的t^2、、s数据可作图线丙。从图像中看出s与t^2、呈线性变化关系，由图中斜率求得，即故

（3）从的过程中s随t变化的规律是： 物体作匀速直线运动，          

从的过程中s随t变化的规律是：物体作初速度为零的匀加速直线运动，

19、解：（1）由图线可看出滑块上升和下滑的加速度大小几乎相等，说明摩擦力对滑块Ａ运动的影响可以忽略。

（2）因为有滑动摩擦力，所以图线不对称。

上滑时，s₁ =1/2 g(sinθ+μcosθ)t₁²

下滑时，s ₂=1/2 g(sinθ-μcosθ)t₂²

代入图给数据s₁ = s₂=0.55m   t₁=0.4s  t₂=0.6s

 ²

解得sinθ=0.5  θ＝30°  μ=0.22

 (θ角在arcsin0.45 ―arcsin0.55范围都算对；μ在0.2―0.3都算对)

四、计算题：共60分

20、解： 以密闭容器内的一定量气体为研究对象，选取标准状况为该气体的一个已知状态，根据理想气体状态方程可求解.

       取1摩尔气体作为研究对象，在标准状态下为，所包含的分子数为N_A=6.023×10²³个.在题设条件下，设其体积为V，则根据气态方程：

       有

       每个分子所占的空间体积为，分子间的距离为

21、解：该同学的解法不合理。（1分）

因为在施加竖直向下的电场后，物体对桌面压力N=mg+qE，因而物体受到的滑动摩擦力f=mN=m(mg+qE)，而这位同学仍用f=mmg来计算摩擦力做的功。（2分）

正确解答：

未加电场：mg（H-h）-mmgS_AC=0                                      （1分）

加电场后：（mg+qE）（H-h）-m（mg+qE）S_AC=    （2分）

[ 联解上述两式得：   u=u₀=4米/秒]

运用平抛运动的公式：       （2分）

 得：S==4                   （2分）

22、、解：由闭合电路欧姆定律作aP两端的U_ap―I图像，因图上任意一点的U_ap与I所对应的矩形面积是外电路电阻R_x的输出功率，从而由已知R_x的功率求出对应的R_x值。

根据闭合电路欧姆定律

作图像如图所示，由图可分析找到滑动变阻器的发热功率为9W的A点和B点，所以R_x有两个值。

23、解：(1)输电线冰层体积V_冰=πR²L，由于对称性塔尖上所受压力的增加量等于一根输电线上冰层的重力，即ΔN=ρgV_冰=ρgπR²L。

    (2)输电线与冰层的总质量为：M=m₀L+ρπR²L，输电线受到三个力作用，由共点力平衡条件得：

    2F₁cosθ=m₀gL+ρgπR²L   

最高点所受拉力为：

    由半根输电线的受力可得最低点的拉力为

    (3)设铁塔被冰包裹时的质量为m`，则

    铁塔即将翻倒时受到重力、地面拉力和输电线拉力作用，以―端为轴，R取最大值时有：

24、解：（1）由题意知圆环所在处在磁感应强度B为：   ……①

圆环的有效切割长度为其周长即： ……②

圆环的电阻R_电为：……③

当环速度为v时，切割磁感线产生的电动势为：……④

电流为：     ……⑤

故圆环速度为v时电功率为：P=I²R_电……⑥

联立以上各式解得：……⑦

（2）当圆环加速度为零时，有最大速度v_m

此时……⑧    由平衡条件……⑨

……⑩       联立⑧⑨⑩解得……⑾

（3）由能量守恒定律……⑿

解得……⒀

评分标准：③④⑤⑧⑨⑾⒀各2分，⑥⑦⑩各1分，⑿3分共20分