题目列表(包括答案和解析)
(10分)两位同学利用图甲所示的电路描绘小灯泡的伏安特性曲线、测定电源的电动势E和内电阻r。滑动变阻器的滑动触头P从最右端N滑到最左端M的过程中,一同学记录了电流表A(内阻为1.0Ω)和电压表V1(内阻约为20kΩ)的示数;另一同学记录的是电流表A和电压表V2(内阻约为10kΩ)的示数。两位同学各记录了5组数据(包含P在M、N两端时的示数),并根据所记录数据描绘了图乙所示的两条U-I图线。回答下列问题:
(1)图线a是利用电流表A和电压表????? 的示数进行图线描绘 (选填“V1”或“V2”)。
(2)根据图乙可得,电源的电动势E =???? V、内电阻r =???? Ω。
(3)图乙中两条图线的交点表示P滑到了???? 端(选填“M”或“N”)。
(4)根据图乙可求得滑动变阻器的总阻值为??????? Ω。
(10分)两位同学利用图甲所示的电路描绘小灯泡的伏安特性曲线、测定电源的电动势E和内电阻r。滑动变阻器的滑动触头P从最右端N滑到最左端M的过程中,一同学记录了电流表A(内阻为1.0Ω)和电压表V1(内阻约为20kΩ)的示数;另一同学记录的是电流表A和电压表V2(内阻约为10kΩ)的示数。两位同学各记录了5组数据(包含P在M、N两端时的示数),并根据所记录数据描绘了图乙所示的两条U-I图线。回答下列问题:
(1)图线a是利用电流表A和电压表 的示数进行图线描绘 (选填“V1”或“V2”)。
(2)根据图乙可得,电源的电动势E = V、内电阻r = Ω。
(3)图乙中两条图线的交点表示P滑到了 端(选填“M”或“N”)。
(4)根据图乙可求得滑动变阻器的总阻值为 Ω。
【小题1】在探究弹力和弹簧伸长的关系实验中,小明同学用甲、乙两根规格不同的弹簧进行实验,由实验得到弹簧伸长X与弹簧受到拉力F关系如图a所示,由图求得弹簧乙的劲度系数 N/m。若要在两根弹簧中选用一个来制作精确程度较高的弹簧秤,应选弹簧 ;用制作好的弹簧秤来测量物质的重力,如图b所示,物体重
N。![]()
【小题2】小明同学用下列器材描绘额定电压为3.0V的小灯泡伏安特性图线(电压变化要求从零开始),并研究小灯泡实际功率及灯丝温度等问题。![]()
A.电流表(0.6A, 1
) B.电压表(3V,1k
)
C.滑动变阻器(10
,1A) D.电源(4V,内阻不计)
①用笔画线代替导线,将图中的实验仪器连成完整的实验电路。
②开关闭合前,滑动变阻器的滑片应置于 端(填“a”或“b”)。
③闭合开关,变阻器的滑片向b端移动,电压表的示数逐渐增大,电流表指针却几乎不动,则电路的故障为 。
④排除故障后,小明完成了实验,并由实验数据画出小灯泡I—U图像如图中实线所示。由图可确定小灯泡在电压为2.0V时实际功率为 (保留两位有效数字)
⑤下左图是用多用电表欧姆挡“×1”挡直接测量小灯泡灯丝在27℃时电阻值,则阻值为
,若小灯泡灯丝电阻值与灯丝温度的关系为R=k(203+t),k为比例常数。根据I—U图中的实线,估算该灯泡正常工作时灯丝的温度约为 ℃。![]()
⑥若I—U图中的虚线I或II表示小灯泡真实的伏安特性曲线,与实线相比,虚线 (填I或II)才是真实的伏安特性曲线。
一、二选择题:1-5题为单选题,每小题只有一个选项符合题意,选对的得3分,错选或不答的得0分,每小题3分,共15分;6-9小题为多选题,每小题有多个选项符合题意,全部选对的得4分,选对但不全的得2分,错选或不答的得0分,每小题4分,共16分。
题号
1
2
3
4
5
6
7
8
9
答案
C
A
B
B
D
AD
ACD
CD
AC
三.简答题:本题共4小题,共42分
10:⑴C 3分
⑵
A
a=4.0×
11. (1)S1闭合,S2断开
电炉中的电流
2分
E=I?(R+r)=120V 2分
(2)S1 S2均合上,电炉的功率为P
电炉中的电流
2分
外电压U=95V
总电流
∴IA=I?IR=
电解槽内阻消耗的功率
=200W
3分
12.(1)在6.122~6.125范围内均可 10.50 各2分,计4分
(2)
13.(1)BC 3分
(2)AC 3分
(3)2.0 1.50 1.0 各2分,计6分
(4)不能 1分
当电流表读数达到
四.计算题:本题共3小题,共47分
14.(1)微粒在加速电场中应用动能定理得
2分
代入数据解得v0=1.0×
(2)微粒在偏转电场中做类平抛运动,则有
1分
1分
飞出电场时,速度偏转角的正切为
解得 θ=30o 2分
(3)微粒进入磁场后在洛仑兹力作用下做匀速圆周运动,如图所示,由向心力公式有
2分
又因为
2分
解得
1分
由图示几何关系知
=120°,所以微粒在磁场中运动的时间为
2分
15.(1)电荷做类平抛运动,则有
a = 1分
Rsinθ= v0t 1分
R+Rcosθ=at2 1分
由以上三式得
2分
(2)由(1)中的结论可得粒子从A点出发时的动能为
2分
则经过P点时的动能为
Ek=Eq(R+Rcosθ)+m v02 = EqR (5+3cosθ) 3分
(3)从上式可以看出,当θ从120°变化到60°的过程中,接收屏上电荷的动能逐渐增大,因此D点接收到的电荷的末动能最大. 2分
最大动能为:EkD=Eq(R+Rcos60°)+m v02 = EqR (5+3cos60°) = EqR 3分
16.(1)解除锁定弹开物块AB后,两物体的速度大小
2分
弹簧储存的弹性势能
1分
(2)物块B滑上传送带匀减速运动,当速度减为零时,滑动的距离最远.
由动能定理得:
2分
得:
1分
(3)物块B沿传送带向左返回时,先匀加速运动,物块速度与传送带速度相同时再一起匀速运动,设物块B加速到传送带速度v需要滑动的距离为
由
得
2分
表明物块B滑回水平面MN的速度没有达到传送带的速度
所以:
1分
(4)设弹射装置对物块A做功为
,则:
1分
AB碰后速度互换,B的速度
=
1分
B要刚好能滑出传送带的Q端,由能量关系有:
1分
又mA=mB, 联立解得:
1分
1分
在B滑过传送带的过程中,传送带移动的距离:
1分
因摩擦产生的内能为:
2分
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