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    (1)该同学按图a连线.通过控制开关状态.测得电流表内阻约为0．20Ω．该测量产生误差的原因是 ． (2)简要写出利用图a所示电路测量电源电动势和内阻的实验步骤: ① , ② , 【查看更多】

     

    题目列表(包括答案和解析)

    （1）某同学正在做“验证力的平行四边形法则”的实验，装置如图1．
    ①本实验采取了下面哪种常用的研究方法
    B
    B

    A、控制变量法       B、等效替代法
    C、小量放大法       D、建立理想模型法
    ②在该实验中，为减小实验误差，下列措施可行的有
    BC
    BC
    ．               
    A．两弹簧秤的读数应尽量接近
    B．描点作图时铅笔应尖一些，作图比例适当大一些
    C．用两个弹簧秤拉时，两弹簧秤的示数适当大些
    D．用两个弹簧秤拉时，细绳套间的夹角越大越好
    （2）某物理兴趣小组的同学想用如图2所示的电路探究一种热敏电阻的温度特性．
    ①请按电路原理图将图3中所缺的导线补接完整．
    为了保证实验的安全，滑动变阻器的滑动触头P在开关闭合前应置于
    a
    a
    端．（选填“a”或“b”）
    ②正确连接电路后，在保温容器中注入适量冷水．接通电源，调节R记下电压表和电流表的示数，计算出该温度下的电阻值，将它与此时的水温一起记入表中．改变水的温度，测量出不同温度下的电阻值．该组同学的测量数据如下表所示，请你在图中的坐标纸中画出该热敏电阻的R-t关系图4．
    温度（摄氏度） 30 40 50 60 70 80 90 100
    阻值（千欧） 8.0 5.2 3.5 2.4 1.7 1.2 1.0 0.8
    ③对比实验结果与理论曲线（图中已画出）可以看出二者有一定的差异．在相同的温度下，热敏电阻的测量值总比理论值
    偏大
    偏大
    （填“偏大”或“偏小”），引起这种误差的原因是（不包含读数等偶然误差）
    电流表内接法造成的误差
    电流表内接法造成的误差
    ．
    ④已知电阻的散热功率可表示为P散=k（t-t0，其中k是比例系数，t是电阻的温度，t0是周围环境温度．现将本实验所用的热敏电阻接到一个恒流电源中，该电源可以使流过它的电流在任何温度下恒为40mA，t0=20℃，k=0.16W/℃，由理论曲线可知，该电阻的温度大约稳定在
    50
    50
    ℃．

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    （1）某同学正在做“验证力的平行四边形法则”的实验，装置如图1．
    ①本实验采取了下面哪种常用的研究方法______
    A、控制变量法       B、等效替代法
    C、小量放大法       D、建立理想模型法
    ②在该实验中，为减小实验误差，下列措施可行的有______．               
    A．两弹簧秤的读数应尽量接近
    B．描点作图时铅笔应尖一些，作图比例适当大一些
    C．用两个弹簧秤拉时，两弹簧秤的示数适当大些
    D．用两个弹簧秤拉时，细绳套间的夹角越大越好
    （2）某物理兴趣小组的同学想用如图2所示的电路探究一种热敏电阻的温度特性．
    ①请按电路原理图将图3中所缺的导线补接完整．
    为了保证实验的安全，滑动变阻器的滑动触头P在开关闭合前应置于______端．（选填“a”或“b”）
    ②正确连接电路后，在保温容器中注入适量冷水．接通电源，调节R记下电压表和电流表的示数，计算出该温度下的电阻值，将它与此时的水温一起记入表中．改变水的温度，测量出不同温度下的电阻值．该组同学的测量数据如下表所示，请你在图中的坐标纸中画出该热敏电阻的R-t关系图4．
    温度（摄氏度）30405060708090100
    阻值（千欧）8.05.23.52.41.71.21.00.8
    ③对比实验结果与理论曲线（图中已画出）可以看出二者有一定的差异．在相同的温度下，热敏电阻的测量值总比理论值______（填“偏大”或“偏小”），引起这种误差的原因是（不包含读数等偶然误差）______．
    ④已知电阻的散热功率可表示为P散=k（t-t，其中k是比例系数，t是电阻的温度，t是周围环境温度．现将本实验所用的热敏电阻接到一个恒流电源中，该电源可以使流过它的电流在任何温度下恒为40mA，t=20℃，k=0.16W/℃，由理论曲线可知，该电阻的温度大约稳定在______℃．

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    某同学设计了一个如图10所示的实验电路，用以测定电源电动势和内阻，使用的实验器材为：待测干电池组(电动势约3 V)、电流表(量程0.6 A，内阻小于1 Ω)、电阻箱(0—99.99 Ω)、滑动变阻器(0—10 Ω)、单刀双掷开关、单刀单掷开关各一个及导线若干.考虑到干电池的内阻较小，电流表的内阻不能忽略.

    图10

    (1)该同学按图10连线，通过控制开关状态，测得电流表内阻约为0.20 Ω.试分析该测量产生误差的原因是____________________.

    (2)简要写出利用图10所示电路测量电源电动势和内阻的实验步骤：

    ①_____________________________;

    ②_____________________________.

    (3)图11是由实验数据绘出的图象，由此求出待测干电池组的电动势E=________V、内阻r=________Ω.(计算结果保留三位有效数字)

    图11

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    某同学设计了一个如图甲所示的实验电路，用以测定电源电动势和内阻，使用的实验器材为：待测干电池组(电动势约3 V)、电流表(量程0.6 A，内阻小于1 )、电阻箱(0～99.99 )、滑动变阻器(0～10 )、单刀双掷开关、单刀单掷开关各一个及导线若干．考虑到干电池的内阻较小，电流表的内阻不能忽略．

    (1)

    该同学按图甲连线，通过控制开关状态，测得电流表内阻约为0.20 ．试分析该测量产生误差的原因是________．

    (2)

    简要写出利用图甲所示电路测量电源电动势和内阻的实验步骤：

    ①__________________________________________________________________；

    ②__________________________________________________________________；

    (3)

    图乙是由实验数据绘出的图象，由此求出待测干电池组的电动势E＝________V、内阻r＝________．(计算结果保留三位有效数字)

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    某同学设计了一个如图5所示的实验电路，用以测定电源电动势和内阻，使用的实验器材为：待测干电池组（电动势约3 V）、电流表（量程0.6 A，内阻小于1 Ω）、电阻箱（0—99.99 Ω）、滑动变阻器（0—10 Ω）、单刀双掷开关、单刀单掷开关各一个及导线若干.考虑到干电池的内阻较小，电流表的内阻不能忽略.

    （1）该同学按图5连线，通过控制开关状态，测得电流表内阻约为0.20 Ω.试分析该测量产生误差的原因是_______________________________________________________________.

    （2）简要写出利用图5所示电路测量电源电动势和内阻的实验步骤：

    ①_______________________________________________________________;

    ②_______________________________________________________________.

    （3）图6是由实验数据绘出的-R图象.由此求出待测干电池组的电动势E=_________V、内阻r=________Ω.（计算结果保留三位有效数字）

    图5

    图6

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    选择题

    1

    2

    3

    4

    5

    6

    7

    8

    9

    B

    D

    D

    C

    A

    BC

    ABC

    BC

    AD

    三、简答题：

    10、正、反、10000

    11、（1）并联电阻箱后线路总电阻减小，从而造成总电流增大。

       （2）① 调节电阻箱R，断开开关K，将开关S接D，记录电阻箱的阻值和电流表示数；                  

    ②断开开关K，再调节电阻箱R，将开关S接D，记录电阻箱的阻值和电流表示数；

    （3）2.85；2.37

    12、AD　　          １３、ＢＤ

    四、计算题：

    14、解：根据题意，当B与C刚脱离接触的瞬间，C的水平速度达到最大，水平方向的加速度

    为零，即水平方向的合外力为零．由于小球此时仅受重力和杆子作用力，而重力是竖直向下的，

    所以杆子的作用力必为零．列以下方程：

    mgsinθ=mv2/L，(3分)

    vx＝vsinθ，(2分)

    vc＝vx，(1分)

    mgL(1―sinθ)=mv2/2+Mvc2/2(1分)

    解以上各式得m/M＝1/4(4分)

    15．解：(1)由v-t图可知道，刚开始，t＝0时刻．线圈加速度为a＝v0/t1?

      此时感应电动势ε=ΔФ/Δt=ΔBL2/Δt，I=ε/R=ΔBL2/(ΔtR)

      线圈此刻所受安培力为F＝BIL＝BΔBL3/(ΔtR)＝ma，得到ΔB/Δt＝mv0R/(B0t1L3)

      (2)线圈t2时刻开始做匀速直线运动，有两种可能：

      a．线圈没有完全进入磁场，磁场就消失，所以没有感应电流，回路电功率P＝0．(3分)

      b．磁场没有消失，但线圈完全进入磁场，尽管有感应电流．所受合力为零，同样做匀速直线运动P=ε2/R=(2ΔBL2/Δt)2/R=4m2v20R/(B02t12L2)

    16．解：(1)开始砂轮给铁板向前的滑动摩擦力F1＝μ1FlN＝0．3X100N＝30N．

        工作台给平板的摩擦阻力F2＝μ2F2N＝0．1X(100+l0X10)N＝20N．

        铁板先向右做匀加速直线运动a=(F1-F2)/m=1m/s2

    加速过程铁板达到的最大速度vm=ωR=5X0．4m／s＝2m／s．

        这一过程铁板的位移Sl＝vm/2a=2m<2．8m

        此后砂轮给铁板的摩擦力将变为静摩擦力Fl，，Fl’＝F2，铁板将做匀速运动．

        即整个过程中铁板将先做加速度a＝lm／s2的匀加速运动，然后做vm＝2m／s的匀速运动(只要上面已求出，不说数据也得分)(7分)

        (2)在加速运动过程中，由vm=at1得t1＝2s，

        匀速运动过程的位移为s2＝L―s1＝0．8m由s2＝vt2，得t2＝0．4s．

        所以加工一块铁板所用的时间为T＝t1+t2＝2．4s．(4分)

        (3)E＝ΔEk+Q1+Q2＝136J．(4分)

        17．(15分)解：(1)设带电粒子从A点离开磁场区域，A点坐标为(x、y)，粒子旋转的半径为R，旋转的圆心在C点，旋转圆心角为α，则x＝一a+Rsinα，y= R―Rcosα，(4分)

        解得(x+a)2+(y一R)2＝R2．(2分)

      可见，所加磁场的边界的轨迹是一个以(一a，R)为圆心，半径为R＝mVo／Bq的圆．该圆位于x轴上方且与P1点相切．(1分)

        (2)根据对称性可得出在P2处所加的磁场最小区域也是圆，(1分)

        同理可求得其方程为(x-a)2+(y一R)2＝R2 (2分)

    圆心为(a，R)，半径为R＝mVo／Bq，该圆位于x轴上方且与P2点相切；(2分)  

        根据左手定则判断，磁场方向垂直于xOy平面向里；(1分)

        沿图示v0方向射出的带电粒子运动的轨迹如图所示．(2分)

     

     

     

     

     

     

     

     

     

     


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