分析 (1)根据题意和正切的定义以及特殊角的三角函数值解答即可;
(2)连接OP,OM,根据切线的性质得到∠PMO=90°,证明Rt△PMO≌Rt△PCO,△OBM是等边三角形,根据等边三角形的性质和正切的概念解答;
(3)过点Q作QE⊥AC于点E,根据余弦的概念用t表示出QE,根据三角形的面积公式和二次函数的性质解答;
(4)分PQ1=AQ1=4t、AP=AQ2=4t、PA=PQ3=4t三种情况,作出辅助线,根据等腰三角形的性质计算即可.
解答 解:(1)∵∠C=90°,CA=12$\sqrt{3}$cm,BC=12cm,
∴tan∠CAB=$\frac{BC}{AC}$=$\frac{\sqrt{3}}{3}$,
∴∠CAB=30°,
故答案为:30°;
(2)如图1,连接OP,OM.
当PM与⊙O相切时,有∠PMO=∠PCO=90°,
∵MO=CO,PO=PO,
∴Rt△PMO≌Rt△PCO,
∴∠MOP=∠COP;
由(1)知∠OBA=60°,
∵OM=OB,
∴△OBM是等边三角形,
∴∠BOM=60°,
∴∠MOP=∠COP=60°,
∴CP=CO•tan∠COP=6•tan60°=$6\sqrt{3}$,
又∵$CP=2\sqrt{3}t$
∴$2\sqrt{3}$t=$6\sqrt{3}$
∴t=3,
即:t=3s时,PM与⊙O相切;
(3)如图2,过点Q作QE⊥AC于点E,
∵∠BAC=30°,AQ=4t,
∴$QE=\frac{1}{2}AQ=2t$AE=AQ•cos∠BAC=4t•cos30°=$2\sqrt{3}t$,
∴${S_{△ACB}}=\frac{1}{2}•AC•CB=\frac{1}{2}•12\sqrt{3}•12=72\sqrt{3}$${S_{△AQP}}=\frac{1}{2}•AP•QE=\frac{1}{2}•(12\sqrt{3}-2\sqrt{3}t)•2t=(12\sqrt{3}-2\sqrt{3}t)•t$${S_{△QBR}}=\frac{1}{2}•BR•CE=\frac{1}{2}•BR•(AC-AE)=\frac{1}{2}•2t•(12\sqrt{3}-2\sqrt{3}t)$=$t•(12\sqrt{3}-2\sqrt{3}t)$${S_{△PCR}}=\frac{1}{2}•RC•CP=\frac{1}{2}•(12-2t)•2\sqrt{3}t$=$(12-2t)•\sqrt{3}t$;
∴S△PQR=S△ACB-S△AQP-S△QBR-S△PCR
=$72\sqrt{3}-(12\sqrt{3}-2\sqrt{3}t)•t-t•(12\sqrt{3}-2\sqrt{3}t)-(12-2t)•\sqrt{3}t$
=$6\sqrt{3}{t^2}-36\sqrt{3}t+72\sqrt{3}$
=$6\sqrt{3}{(t-3)^2}+18\sqrt{3}$(0<t<6),
∴当t=3s时,${S_{△PQR最小值}}=18\sqrt{3}$cm2;
(4)存在.如图3,分三种情况:
①PQ1=AQ1=4t时,过点Q1作Q1D⊥AC于点D,
则$AP=2AD=2A{Q_1}•COS∠A=4\sqrt{3}t$$CP=2\sqrt{3}t$,
∴$4\sqrt{3}t+2\sqrt{3}t=12\sqrt{3}$,
∴t=2;
②当AP=AQ2=4t时,
∵$CP+AP=12\sqrt{3}$,
∴$2\sqrt{3}t+4t=12\sqrt{3}$$t=\frac{{6\sqrt{3}}}{{2+\sqrt{3}}}$=$(12\sqrt{3}-18)$,
③当PA=PQ3=4t时,
过点P作PH⊥AB于点H,
AH=PA•cos30°=$(12\sqrt{3}-2\sqrt{3}t)•\frac{{\sqrt{3}}}{2}$=18-3tAQ3=2•AH=36-6t,
∴36-6t=4t,
∴t=3.6,
综上所述,当$t=2,3.6,(12\sqrt{3}-18)$s时,△APQ是等腰三角形.
点评 本题考查的是圆的有关知识,掌握切线的性质、全等三角形的判定和性质、等腰三角形的性质和函数解析式的确定方法是解题的关键,注意分情况讨论思想的运用.
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