1. 下列方程(1) (2) (3) (4) (5) (6) 中一元二次方程有( ) A.2个 B.3个 C.4个 D.5个 2.用配方法解下列方程时,配方有错误的是( )
A.x2﹣2x﹣99=0化为(x﹣1)2=100 B.3x2﹣4x﹣2=0化为(x﹣)2=
C.2t2﹣7t﹣4=0化为(t﹣)2= D.x2+8x+9=0化为(x+4)2=25
3.如图,已知△ABC,P是边AB上一点,连结CP,以下条件不能判定
△APC∽△ACB的是( )
A. ∠ACP=∠B B. ∠APC=∠ACB
C. AC2=AP.AB D.
4. 如图,△ABC中,∠BAC=90°,AD⊥BC于D,若AB=2,BC=3,则CD的
长是( ) A. B. C. D.
5.在△ABC中,CD是AB边上的高,且CD=5,,,则三边的长分别是()
A. B. C. D.
6.如图,在△ABC中,AC⊥BC,∠ABC=30°,点D是CB延长线上的一点,且BD=BA,则tan∠DAC的值为( )
A.2+ B.2 C.3+ D.3
7.已知是反比例函数的图象上的三点,且<<0<,则的大小关系是( )
A.y3<y2<y1 B.y1<y2<y3 C.y2<y1<y3 D.y2<y3<y1
8.下图是在同一坐标系内函数与的大致图象,其中正确的一个是( )
A. B. C. D.
9.如图,小正方形边长均为1,则下列图形中的三角形(阴影部分)
与△ABC相似的是( )
A B C D
10.在同一坐标系中,一次函数与二次函数的图象可能是( )
A B C D
11.一元二次方程的根是
12.如图,BE,CD相交于点O,且∠EDO=∠CBO,则图中
有组相似三角形.
13.如图,点A为反比例函数的图象上一点,B点在x轴上且OA=BA,
则△AOB的面积为
14.已知抛物线的对称轴为y轴,则m=
15. (12分)(1)计算:
(2)已知是方程的一个根,求代数式的值。
16.(6分)某公司今年销售一种产品,1 月份获得利润20万元,由于产品畅销,利润逐月增加,3月份的利润比2月份的利润增加4.8万元,假设该产品利润每月的增长率相同,求这个增长率。
17.(8分)如图,已知点C与某建筑物底端B相距306米(点C与点B在同一水平面上),某同学从点C出发,沿同一剖面的斜坡CD行走195米至坡顶D处,斜坡CD的坡度(或坡比)i=1:2.4,在D处测得该建筑物顶端A的俯角为20°,求建筑物AB的高度。
(精确到0.1米,参考数据:sin20°≈0.342,cos20°≈0.940,tan20°≈0.364)
18. (8分)如图所示,图中的小方格都是边长为1的正方形,△ABC与△A′B′C′是以点O为位似中心的位似图形,它们的顶点都在小正方形的顶点上.
(1)画出位似中心点O;
(2)直接写出△ABC与△A′B′C′的位似比;
(3)以位似中心O为坐标原点,以格线所在直线为坐标轴建立平面直角坐标系,画出△A′B′C′关于点O中心对称的△A″B″C″,并直接写出△A″B″C″各顶点的坐标.
19.(10分)如图,在平面直角坐标系xOy中,已知正比例函数的图象与反比例函数的图象交于 A(,),B两点.(1)求反比例函数的表达式和点B的坐标;
(2)P是第一象限内反比例函数图象上一点,过点P作y轴的平行线,交直线AB于点C,连接PO,若
△POC的面积为3,求点P的坐标.
20.(10分)如图,四边形ABCD中,AC⊥BD交BD于点E,点F,M分别是AB,BC的中点,BN平分∠ABE交AM于点N,AB=AC=BD.连接MF,NF.
(1)判断△BMN的形状,并证明你的结论;
(2)判断△MFN与△BDC之间的关系,并说明理由.
B卷(50分)
21. 已知实数满足,那么的值
为
22.如上图,A、B在反比例函数的图象上,AC⊥y轴于C,BD⊥x轴于D,
AC=BD=OC,S四边形ABDC=14,则=
23. 如右图,直线与双曲线(>0)交于点A.将直线
向右平移个单位后,与双曲线(>0)交于点B,与x轴交于
点C,若,则= .
24.如右图,已知直线l1∥l2∥l3∥l4,相邻两条平行直线间的距离都是1,
如果正方形ABCD的四个顶点分别在四条直线上,则=
25.如右图,甲、乙两只捕捞船同时从A港出海捕鱼。甲船以每小时千米的速度沿北偏西60º方向前进,乙船以每小时15千米的速度沿东北方向前进。甲船航行2小时到达C处,此时甲船发现鱼具丢在乙船上,于是甲船快速(匀速)沿北偏东75º方向追赶,结果两船在B处相遇。
(1)甲船从C处追赶上乙船用的时间为小时
(2)甲船追赶乙船的速度是每小时千米
26.(8分)已知关于的方程有两个正整数根(m是正整数),
且、满足, 。
(1)求的值; (2)求的值。
27.(10分)如图,在平面直角坐标系中,OA⊥OB,AB⊥x轴于点C,点A(,1)在反比例函数y=的图象上.
(1)求反比例函数y=的表达式;
(2)在x轴的负半轴上存在一点P,使得S△AOP=S△AOB,求点P的坐标;
(3)若将△BOA绕点B按逆时针方向旋转60°得到△BDE.直接写出点E的坐标,并判断点E是否在该反比例函数的图象上,说明理由.
28. (12分)如图,在△ABC中,已知AB=AC=5,BC=6,且△ABC≌△DEF,将△DEF与△ABC重合在一起,△ABC不动,△DEF运动,并满足:点E在边BC上沿B到C的方向运动,且DE始终经过点A,EF与AC交于M点.点E不与B,C重合.
(1)求证:△ABE∽△ECM;
(2)当EM∥AB时,求出BE的长;
(3)探究:在△DEF运动过程中,重叠部分能否构成等腰三角形?若能,求出BE的长;若不能,请说明理由.(不考虑△ABC与△DEF重合的情况)
成都外国语学校2017-2018学年度上期期中考试
四川省成都市2018届九年级上学期期中试题(全科)参考答案
初三数学试卷参考答案
A卷(100分)
一、CDDAB ACDAB
二、11. 12. 2 13. 1 14.
三、
15. (1)-1 (2)2
16. 解: 设这个增长率为x.
依题意得:20(1+x)2﹣20(1+x)=4.8,
解得 x1=0.2,x2=﹣1.2(不合题意,舍去).
0.2=20%.
答:这个增长率是20%.
17. 解:作DE⊥AB于E点,作AF⊥DE于F点,如图,
设DE=xm,CE=2.4xm,由勾股定理,得
x2+(2.4x)2=1952,
解得x=75m,
DE=75m,CE=2.4x=180m,
EB=BC﹣CE=306﹣180=126m.
∵AF∥DG,
∴∠1=∠ADG=20°,
tan∠1=tan∠ADG==0.364.
AF=EB=126m,
tan∠1==0.364,
DF=0.364AF=0.364×126=45.9,
AB=FE=DE﹣DF=75﹣45.9≈29.1m,
18. 解:(1)图中点O为所求;
(2)△ABC与△A′B′C′的位似比等于2:1;
(3)△A″B″C″为所求;
A″(6,0);B″(3,﹣2); C″(4,﹣4).
19. 解:(1)把A(a,﹣2)代入y=x,可得a=﹣4,
∴A(﹣4,﹣2),
把A(﹣4,﹣2)代入y=,可得k=8,
∴反比例函数的表达式为y=,
∵点B与点A关于原点对称,
∴B(4,2);
(2)如图所示,过P作PE⊥x轴于E,交AB于C,
设P(m,),则C(m,m),
∵△POC的面积为3,
∴m×|m﹣|=3,
解得m=2或2,
∴P(2,)或(2,4).
20. (1)证明:∵AB=AC,点M是BC的中点,
∴AM⊥BC,AM平分∠BAC.
∵BN平分∠ABE,
∠EBN=∠ABN.
∵AC⊥BD,
∴∠AEB=90°,
∴∠EAB+∠EBA=90°,
∴∠MNB=∠NAB+∠ABN=(∠BAE+∠ABE)=45°.
∴△BMN是等腰直角三角形;
(2)答:△MFN∽△BDC.
证明:∵点F,M分别是AB,BC的中点,
∴FM∥AC,FM=AC.
∵AC=BD,
∴FM=BD,即.
∵△BMN是等腰直角三角形,
∴NM=BM=BC,即,
∴.
∵AM⊥BC,
∴∠NMF+∠FMB=90°.
∵FM∥AC,
∴∠ACB=∠FMB.
∵∠CEB=90°,
∴∠ACB+∠CBD=90°.
∴∠CBD+∠FMB=90°,
∴∠NMF=∠CBD.
∴△MFN∽△BDC.
B卷(50分)
一、 21. 22. 16 23. 12 24. 25. 2 ,()
二、 26. (1)2 (2)2或6
27. 解:(1)∵点A(,1)在反比例函数y=的图象上,
∴k=×1=,
∴反比例函数的表达式为y=;
(2)∵A(,1),AB⊥x轴于点C,
∴OC=,AC=1,
由射影定理得OC2=AC•BC,可得BC=3,B(,﹣3),
S△AOB=××4=2.
∴S△AOP=S△AOB=.
设点P的坐标为(m,0),
∴×|m|×1=,
∴|m|=2,
∵P是x轴的负半轴上的点,
∴m=﹣2,
∴点P的坐标为(﹣2,0);
(3)点E在该反比例函数的图象上,理由如下:
∵OA⊥OB,OA=2,OB=2,AB=4,
∴sin∠ABO===,
∴∠ABO=30°,
∵将△BOA绕点B按逆时针方向旋转60°得到△BDE,
∴△BOA≌△BDE,∠OBD=60°,
∴BO=BD=2,OA=DE=2,∠BOA=∠BDE=90°,∠ABD=30°+60°=90°,
而BD﹣OC=,BC﹣DE=1,
∴E(﹣,﹣1),
∵﹣×(﹣1)=,
∴点E在该反比例函数的图象上.
28. (1)证明:如图1中,
AB=AC,
∴∠B=∠C,
∵△ABC≌△DEF,
∴∠AEF=∠B,
又∵∠AEF+∠CEM=∠AEC=∠B+∠BAE,
∴∠CEM=∠BAE,
∴△ABE∽△ECM;
(2)解:作EH⊥AB于H,AN⊥BC于N.
∵EM∥AB,
∴∠DEF=∠EAB=∠B,
∴BE=EA,
∵EH⊥AB,
∴BH=AH=,
∵AB=AC,AN⊥BC,
∴BN=CN=3,
∵cos∠B==,
∴=,
∴BE=.
(3)解:能.
理由:∵∠AEF=∠B=∠C,且∠AME>∠C,
∴∠AME>∠AEF,
∴AE≠AM;
当AE=EM时,则△ABE≌△ECM,
∴CE=AB=5,
∴BE=BC﹣EC=6﹣5=1,
当AM=EM时,则∠MAE=∠MEA,
∴∠MAE+∠BAE=∠MEA+∠CEM,
即∠CAB=∠CEA,
又∵∠C=∠C,
∴△CAE∽△CBA,
∴=,
∴CE==,
∴BE=6﹣=;
∴BE=1或 .