地球赤道上有一物体随地球的自转而做圆周运动.所受的向心力为F1.向心加速度为a1.线速度为v1.角速度为ω1,绕地球表面附近做圆周运动的人造卫星所受的向心力为F2 .向心加速度为a2.线速度为v2.角速度为ω2,地球同步卫星所受的向心力为F3 .向心加速度为a3.线速度为v3 .角速度为ω3,地球表面重力加速度为g .第一宇宙速度为v .假设三者质量相等.则下列结论错误的是 ( )A.F1=F2>F3 B.a1=a2=g>a3 C.v1=v2=v>v3 D.ω1=ω3<ω2 查看更多

 

题目列表(包括答案和解析)

地球赤道上有一物体随地球的自转而做圆周运动,所受的向心力为F1,向心加速度为a1,线速度为v1,角速度为ω1;绕地球表面附近做圆周运动的人造卫星(高度忽略)所受的向心力为F2,向心加速度为a2,线速度为v2,角速度为ω2;地球同步卫星所受的向心力为F3,向心加速度为a3,线速度为v3,角速度为ω3;地球表面重力加速度为g,第一宇宙速度为v.若三者质量相等,则(  )

查看答案和解析>>

地球赤道上有一物体随地球的自转而做圆周运动,所受的向心力为F1,向心加速度为a1,线速度为v1,角速度为ω1;绕地球表面附近做圆周运动的人造卫星(高度忽略)所受的向心力为F2,向心加速度为a2,线速度为v2,角速度为ω2;地球同步卫星所受的向心力为F3,向心加速度为a3,线速度为v3,角速度为ω3;地球表面重力加速度为g,第一宇宙速度为v,假设三者质量相等,则下列错误的是(  )

查看答案和解析>>

地球赤道上有一物体随地球的自转而做圆周运动,向心加速度为a1,线速度为v1,角速度为ω1;同步通信卫星的向心加速度为a2,线速度为v2,角速度为ω2;近地卫星的向心加速度为a3,线速度为v3,角速度为ω3.则(  )

查看答案和解析>>

地球赤道上有一物体随地球的自转而做圆周运动,所受的向心力为F1,向心加速度为a1,线速度为v1,角速度为ω1;绕地球表面附近做圆周运动的人造卫星(高度忽略)所受的向心力为F2,向心加速度为a2,线速度为v2,角速度为ω2;地球同步卫星所受的向心力为F3,向心加速度为a3,线速度为v3,角速度为ω3;地球表面重力加速度为g,第一宇宙速度为v.若三者质量相等,则(    )

A.F1=F2>F3          B.a1=a2=g>a3           C.v1=v2=v>v3             D.ω13<ω2

查看答案和解析>>

地球赤道上有一个物体随地球的自转而做匀速圆周运动,所受向心力为F1,向心加速度为a1,线速度为v1,角速度为ω1;绕地球表面附近做圆周运动的人造地球卫星所受的向心力为F2,向心加速度为a2,线速度为v2,角速度为ω2同步卫星所受向心力为F3,向心加速度为a3,线速度为v3,角速度为ω3。地球表面的重力加速度为g,第一宇宙速度为v。假设三者质量相等,则(    )

A.F1= F2>F3                              B.a1=a2=g>a3

C.a1=a2=g>a3                          D.ω13<ω2

查看答案和解析>>

一:不定项选择题(本题共8小题,每题6分,共48分 )

 

题号

1

2

3

4

5

6

7

8

答案

B

CD

BD

ABC

AD

AC

B

AD

 

9.(1) C  (5分)(2)  ①  如右图所示( 7分 )

②   ( 5分 )

( 注意:电路图中,如有一个地方不对,不能得分 )

 

10、解:(1)ab棒达到稳定速度后,应具有受力平衡的特点,设此时棒ab所受安培力为FB.则F-mgsin30°+FB   ① ( 2分 )

而FB=BIL=   ② ( 1分 )    牵引力 F=   ③ ( 1分 )

将②③代人①后得  =mgsin30°+ ( 1分 )

代人数据后得v1=2m/s,v2=-3m/s(舍去) ( 1分 )

(2)设从静止到稳定速度所需时间为t.棒ab从静止开始到具有稳定速度的过程中在做变加速直线运动,据能量关系有:Pt-mgsin30°?s―Q=-0(7分)

代人数据得t=1.5s.(2分)

 

11、解:(1)平板车和小物块组成的系统水平方向动量守恒,故小物块到达圆弧最高点A时,二者的共同速度 ( 1分 )  设弹簧解除锁定前的弹性势能为,上述过程中系统能量守恒,则有 ( 4分 )  

代入数据解得  ( 1分 )

(2)设小物块第二次经过时的速度大小为,此时平板车的速度大小为,研究小物块在平板车圆弧面上的下滑过程,由系统动量守恒和机械能守恒有

  ( 2分 )    ( 3分 )

由式代入数据解得  ( 1分 )

(3)最终平板车和小物块相对静止时,二者的共同速度为0。(1分)

设小物块相对平板车滑动的路程为S,对系统由能量守恒有 (4分)

代入数据解得 ( 1分 )

则距点的距离 ( 1分 )

 

12、解:(1)设沿斜面向上为正方向.

由牛顿第二定律:          ( 3分 )

解得      ( 2分 )

(2)由分析可知:对两小球和绳组成的整体,两小球沿斜面向上的方向上,

由牛顿第二定律:得a=0.5m/s2 ,故两小球沿斜面向上的方向上始终做匀加速运动       ( 5分 )

最后一次碰撞后,小球的最小速度为v=at=0.5×2m/s=1m/s( 2分 )

(3)2s内,小球沿斜面向上的位移为      ( 2分 )

设整个过程中,系统由于碰撞而损失的机械能为E ,

由功能关系:    ( 5分 )

解得

 

 

 

 

( 2分 )

( 注:计算题如按其它方法,答案正确,同样得分 )

 

 

 

 


同步练习册答案