4、如图所示为一理想变压器，原线圈匝数为n₁，四个副线圈的匝数均为n₂，四个副线圈中负载电阻的阻值相同，二极管为理想二极管。现从原线圈P、Q两端输入正弦交变电流，那么下列说法正确的是　C

A．只有流过R_a和R_d上的电流仍是交变电流

B．加在R_a两端的电压是R_b的两倍

C．R_a消耗的功率是R_b的两倍

D．若输入的正弦交变电流频率增大，R_c的功率减小，R_d的功率增大

3、一根电阻丝接入100V的恒定电流电路中，在1min内产生的热量为Q，同样的电阻丝接 入正弦交变电流的电路中，在2min内产生的热量也为Q，则该交流电压的峰值是B

A．141.4V　　 B．100V　　　 C．70.7V　　 D．50V

2、如图所示，面积为S、匝数为N、电阻为r的线圈与阻值为R的电阻构成闭合回路，理想交流电压表并联在电阻R的两端。线圈在磁感应强度为B的匀强磁场中，绕垂直于磁场的转动轴以角速度ω匀速转动。设线圈转动到图示位置的时刻。则(　　)BC

A．在时刻，线圈处于中性面，流过电阻R的电流为0，电压表的读数也为0

B．1秒钟内流过电阻R的电流方向改变次

C．在电阻R的两端再并联一只电阻后，电压表的读数将减小

D．在电阻R的两端再并联一只电容较大的电容器后，电压表的读数不变

1、如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为，是原线圈的中心抽头，电压表和电流表均为理想电表，从某时刻开始在原线圈、两端加上交变电压，其瞬时值表达式为，则(　　　 )A

、当单刀双掷开关与连接时，电压表的示数为；

、当时，、间的电压瞬时值为；

、单刀双掷开关与连接，在滑动变阻器触头向上移动的过程中，电压表和电流表的示数均变小；

、当单刀双掷开关由扳向时，电压表和电流表的示数均变小；

51、

解：(1)当T= G时，F = 0　　 (2分)

当时，　 (2分)

　　　　　 所以F的取值范围是0≤F≤2G.　　 (2分)

(2)当F=2G时，，由功能关系得：

F力做功W =GL(1－cosθ)　 (2分)

求得W=0.55 G或　　　 (2分)

50、则细线AB、BC中的拉力分别如何变化？

解：⑴B、C两球都带负电荷；理由略　　　　 ①

⑵由对称性知：q_B= q_C ②

　B球受三力作用，如图所示。

根据平衡条件有：

kcos60°= k　　　　　　　 　　　 ③

解①②两式得：

q_B =　　　　　　　　　　　　 　　　　　　 ④

(3)AB细线中拉力增大，BC中仍无作用力  ⑤

评分标准：①③④②各2分，⑤是1分

49、(1)赛车转弯时所需的向心力由地面的摩擦力提供，即f = F = M ． (4分)

(2)设赛车受到的气动压力为N，受到地面的支持力为N′，则：

N′= N + Mg　 ．　　　　　　　　 (2分)

　　　　　 　　由题意知 　　　　　　　(2分)

　　　 解得：　 ．　　　　　　 (2分)

48、(1)由(b)图可知，木块所受到的滑动摩擦力F_f =3.12N　　 (1分)

由F_f =μF_N (1分)

得μ====0.4　　　　　　　　　　　　　　 (1分)

(2)物体受重力G、支持力F_N、拉力F和摩擦力F_f作用．将F分解为水平和竖直两方向，根据牛顿运动定律

Fcosθ-F_f=ma　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　 (1分)

Fsinθ +F_N= mg　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　 (1分)

F_f =μF_N　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　 (1分)

联立各式得F=4.5N　　　　　　　　　　　　　　　　　　　 (1分)

(3)全过程应用动能定理

W_F+W_f=0　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　 (1分)

W_F=Fxcosθ　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　 (1分)

x=　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　 (1分)

代入数据得W_f=-14.4J　　　　　　　

47、1)(M+m)g(2)mg/tanα

46、．解析：作出A受力图如图所示，由平衡条件有：

F.cosθ-F₂-F₁cosθ=0

　　　 Fsinθ+F₁sinθ-mg=0

要使两绳都能绷直，则有：F₁

由以上各式可解得F的取值范围为：。