7.已知交变电流i=ImsinωtA,线圈从中性面起开始转动,转动了多长时间,其瞬时值等于有效值
A.π/ω B.π/ω C.π/4ω D.π/2ω
[答案] C
6.一个理想的变压器,原线圈和副线圈的匝数分别为n1和n2,正常工作时输入和输出的电压、电流、功率分别为U1和U2、I1和I2、P1和P2.已知n1>n2,则
①U1>U2,P1<P2 ②P1=P2,I1<I2
③I1<I2,U1>U2 ④P1>P2,I1>I2
以上说法正确的是
A.①② B.②③
C.①③ D.④
[答案] B
5.交流发电机在工作时的电动势为e=E0sinωt,若将其电枢的转速提高1倍,其他条件不变,则其电动势变为
A.e=E0sin B.e=2E0sin
C.e=E0sin2ωt D.e=2E0sin2ωt
[答案] D
4.如图13-1-6所示,a、b、c为三只功率较大的完全相同的电炉,a离电源很近,而b、c离用户电灯L很近,电源离用户电灯较远,输电线有一定电阻,电源电压恒定,则
①使用a时对用户电灯影响大
②使用b时比使用a时对用户电灯影响大
③使用c和b对用户电灯的影响几乎一样大
④使用c时对用户电灯没有影响
图13-1-6
以上说法正确的是
A.①③ B.②④
C.①④ D.②③
[解析] 电灯的电压等于电源电压减去输电线电阻的电压.
[答案] D
3.超导材料电阻降为零的温度称为临界温度,1987年我国科学家制成了临界温度为90 K的高温超导材料.利用超导材料零电阻的性质,可实现无损耗输电,现有一直流电路,输电线的总电阻为0.4 Ω,它提供给用电器的电功率为40 kW,电压为800 V.如果用临界温度以下的超导电缆替代原来的输电线,保持供给用电器的功率和电压不变,那么节约的电功率为
A.1 kW B.1.6×103 kW
C.1.6 kW D.10 kW
[解析] 输电线中电流I=P/U,输电线上损失功率P′=I2R线=P2R线/U2=1 kW.
[答案] A
2.在变电所里,经常要用交流电表去监测电网上的强电流,使用的仪器是电流互感器,图13-1-5的四个图中,能正确反映其工作原理的是
图13-1-5
[解析] 电流互感器是用来把大电流变成小电流的变压器,原线圈串联在被测电路的火线上,副线圈接入交流电流表,故A对.
[答案] A
1.关于理想变压器的下列说法
①原线圈中的交变电流的频率跟副线圈中的交变电流的频率一定相同
②原线圈中输入恒定电流时,副线圈中的电流一定是零,铁芯中的磁通量也一定是零
③原线圈中输入恒定电流时,副线圈中的电流一定是零,铁芯中的磁通量不是零
④原线圈中的输入电流一定大于副线圈中的输出电流
以上正确的说法是
A.①③ B.②④
C.①② D.③④
[答案] A
4.对原、副线圈匝数比()确定的变压器,其输出电压U2是由输入电压决定的,U2=U1;在原、副线圈匝数比()和输入电压U1确定的情况下,原线圈中的输入电流I1却是由副线圈中的输出电流I2决定的:I1=I2.(当然I2是由所接负载的多少而定的.)
●典例剖析
[例1]一矩形线圈在匀强磁场中以角速度4π rad/s匀速转动,产生的交变电动势的图象如图13-1-2所示.则
A.交变电流的频率是4π Hz
B.当t=0时,线圈平面与磁感线平行
C.当t=0.5 s时,e有最大值
D.交变电流的周期是0.5 s
[解析] 由于线圈转动的角速度题中已给出,所以线圈的转动频率可以由公式直接求出.线圈的频率和交变电流的频率是相同的.ω=4π rad/s,而ω=2πf,故f=2 Hz,T== 0.5 s.由图象可看出:t=0时e=0,线圈位于中性面,即线圈平面跟磁感线垂直.t=0.5 s时, ωt=2π,e=0.所以,应选D.
[思考] (1)当线圈的转速加倍时,其交变电动势的图象如何?有效值多大?
(2)在线圈匀速转动的过程中,何时磁通量最大?何时磁通量的变化率最大?
[思考提示] (1)转速加倍时,电动势的最大值Em=nBsω加倍,即Em′=20 V,交变电流的频率加倍,f′=4 Hz,其图象如图所示
有效值为14.1 V
(2)线圈转动过程中,当线圈与磁场方向垂直时磁通量最大,此时磁通量的变化率为零.当线圈与磁场平行时,磁通量为零,磁通量的变化率最大.
[设计意图] 通过本例说明应用交变电流的产生及其变化规律分析问题的方法.
[例2]如图13-1-3所示,一理想变压器原、副线圈匝数比为3∶1,副线圈接三个相同的灯泡,均能正常发光.在原线圈接有一相同的灯泡L.则
图13-1-3
A.灯L也能正常发光
B.灯L比另三灯都暗
C.灯L将会被烧坏
D.不能确定
[解析] 该题主要考查变压器的工作原理--原副线圈的电流关系和电功率等内容.该题易犯的错误是:由原副线圈匝数比n1∶n2=3∶1,可知原副线圈电压之比为U1∶U2=3∶1,既然副线圈中电灯能正常发光,可知U2恰为灯的额定电压,所以原线圈中电灯两端电压U1>U额.故被烧坏而错选C.其错误是把变压器原线圈两端电压和电灯L两端电压混淆了.正确的解答应为:原副线圈中的电流之比为I1∶I2=1∶3,而副线圈中通过每灯的电流为其额定电流I额=I2/3,故IL=I1==I额即灯L亦能像其他三灯一样正常发光.所以正确选项为A.
[思考] (1)如果副线圈上的三个灯泡“烧”了一个,其余灯泡的亮度如何变?
变压器的输入功率如何变?如果副线圈上的三个灯泡全“烧”了,灯泡L还亮不亮?
(2)如果副线圈上再并入一个灯泡,与原来相比其余灯泡的亮度如何?谁更容易烧坏?
(3)对理想变压器而言,其I1和I2、U1和U2、P1和P2,是输入决定于输出,还是输出决定于输入?
[思考提示] (1)副线圈上的三个灯泡烧坏一个,则副线圈输出的功率变小,原线圈输入功率变小,则原线圈中电流减小,灯泡L变暗,灯泡L两端的电压减小,若电源电压一定,则原线圈两端电压略有升高,副线圈两端电压也略有升高,剩余两灯泡变亮.若副线圈上的三个灯泡全“烧”了,灯L不亮.
(2)若在副线圈上再并入一个灯泡,变压器输出功率增大,输入功率也增大,原、副线圈中的电流均增大,故L变亮、L两端电压增大,若电源电压一定,则原、副线圈两端电压都减小,副线圈上的灯泡变暗.L更容易烧坏.
(3)对理想变压器而言,U1决定U2,I2决定I1,P2决定P1.
[设计意图] 通过本例说明利用变压器的电压比,电流比及功率关系分析问题的方法.
[例3]有条河流,流量Q=2 m3·s-1,落差h=5 m,现利用其发电,若发电机总效率为50%,输出电压为240 V,输电线总电阻R=30 Ω,允许损失功率为发电机输出功率的6%,为满足用电的需要,使用户获得220 V电压,则该输电线路所使用的理想升压、降压变压器的匝数比各是多少?能使多少盏“220 V、100 W”的电灯正常发光?
[解析] 按题意画出远距离输电的示意图13-1-4所示,电源端的输出功率
图13-1-4
P总=()×η
=2×1.0×103×10×5×0.5 W=5×104 W
输电线上的功率损失P损=I2R,所以输电线中电流为
I==10 A
则升压变压器B1的原线圈电压U1=U出=240 V,副线圈送电电压为
U2= V=5×103 V
所以升压变压器的变压比为
n1∶n2=U1∶U2==6∶125
输电线上电压的损耗
ΔU损=IR=10×30 V=300 V
则降压器B2的原线圈的电压
U1′=U2-ΔU损=5×103 V-300 V=4700 V
据题意知,U2′=220 V,所以降压变压器的匝数比为
n1′∶n2′=U1′∶U2′==235∶11
因为理想变压器没有能量损失,所以可正常发光的电灯盏数为
N===470
[说明] 这是远距离送电的典型题,一般要抓住变压器B1的输出电流去求输电线上的电压损失和功率损失,要注意用户的电压为220 V是B2的输出电压.为了帮助分析解题,必须先画出输电线路的简图,弄清楚电路的结构,然后再入手解题,解出变压比不一定是整数,这时取值应采取宜“入”不宜“舍”的方法,因为变压器本身还有损耗.
[设计意图] 通过本例说明远距离问题的分析方法.
●反馈练习
★夯实基础
3.理想变压器各线圈两端电压与匝数成正比的关系,不仅适用于原、副线圈只有一个的情况,而且适用于多个副线圈的情况;这是因为理想变压器的磁通量是全部集中在铁芯内的,因此穿过每组线圈的磁通量的变化率是相同的,因而每组线圈中产生的电动势和匝数成正比.在线圈内阻不计的情况下,线圈两端电压即等于电动势,故每组线圈两端电压都与匝数成正比.但电流和匝数成反比的关系只适用于原副线圈各有一个的情况,一旦有多个副线圈,该关系即不适用.由于输入功率和输出功率相等,所以应有:
U1I1=U2I2+U2′I2′+U2″I2″+…….
2.若线圈匝数为N,当其在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的轴匀速转动时,所产生的感应电动势的最大值为:Em=NBSω.即Em仅由N、B、S、ω四个量决定,与轴的具体位置和线圈的形状都是无关的.
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