题目列表(包括答案和解析)
5.
证明:(1)如图,取EC 中点F ,连结DF。
∵ EC ⊥平面ABC ,BD ∥CE ,得DB ⊥平面ABC 。
∴ DB ⊥AB ,EC ⊥BC。
∵ BD ∥CE ,BD =
CE =
FC ,则四边形FCBD 是矩形,DF ⊥EC。
又BA =BC =DF ,
∴ Rt△DEF ≌Rt△ABD ,所以DE =DA。
(2)取AC 中点N ,连结MN 、NB ,
∵ M 是EA 的中点,
∴ MN ![]()
EC。
由BD ![]()
EC ,且BD ⊥平面ABC ,可得四边形MNBD 是矩形,于是DM ⊥MN。
∵ DE =DA ,M 是EA 的中点,
∴ DM ⊥EA .又EA
MN =M ,
∴ DM ⊥平面ECA ,而DM
平面BDM ,则平面ECA ⊥平面BDM。
(3)∵ DM ⊥平面ECA ,DM
平面DEA ,
∴ 平面DEA ⊥平面ECA。
4.
分析:(1)由于C1D 所在平面A1B1C1 垂直平面A1B ,只要证明C1D 垂直交线A1B1 ,由直线与平面垂直判定定理可得C1D ⊥平面A1B。
(2)由(1)得C1D ⊥AB1 ,只要过D 作AB1 的垂线,它与BB1 的交点即为所求的F 点位置。
(1)证明:如图,∵ ABC-A1B1C1 是直三棱柱,
∴ A1C1 =B1C1 =1,且∠A1C1B1 =90°。
又 D 是A1B1 的中点,∴ C1D ⊥A1B1 。
∵ AA1 ⊥平面A1B1C1 ,C1D
平面A1B1C1 ,
∴ AA1 ⊥C1D ,∴ C1D ⊥平面AA1B1B。
(2)解:作DE ⊥AB1 交AB1 于E ,延长DE 交BB1 于F ,连结C1F ,则AB1 ⊥平面C1DF ,点F 即为所求。
事实上,∵ C1D ⊥平面AA1BB ,AB1
平面AA1B1B ,
∴ C1D ⊥AB1 .又AB1 ⊥DF ,DF
C1D
=D ,
∴ AB1 ⊥平面C1DF 。
3.
证明:(1)∵ABCD-A1B1C1D1是正四棱柱,
∴CC1⊥平面ADCD,
∴BD⊥CC1
∵ABCD是正方形
∴BD⊥AC
又∵AC,CC1
平面ACC1A1,
且AC∩CC1=C,
∴BD⊥平面ACC1A1。
(2)证明:
(I)取CD中点M,连结OM。
在矩形ABCD中,
又![]()
则
连结EM,于是四边形EFOM为平行四边形。
![]()
又
平面CDE,且
平面CDE,
平面CDE。
(II)连结FM。
由(I)和已知条件,在等边
中,
![]()
且![]()
因此平行四边形EFOM为菱形,从而
。
平面EOM,从而![]()
而
所以
平面![]()
2.证明:设O为AC中点,连接EO,BO,则EO∥=C1C,又C1C∥=B1B,所以EO∥=DB,
EOBD为平行四边形,ED∥OB。
∵AB=BC,∴BO⊥AC,
又平面ABC⊥平面ACC1A1,BOÌ面ABC,故BO⊥平面ACC1A1,
∴ED⊥平面ACC1A1,BD⊥AC1,ED⊥CC1,
∴ED⊥BB1,ED为异面直线AC1与BB1的公垂线。
点评:该题考点多,具有一定深度,但入手不难,逐渐加深,逻辑推理增强。
1.
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证明:如图2,作GQ⊥B1C1于Q,连接FQ,则GQ⊥平面A1B1C1D1,且Q为B1C1的中点。
在正方形A1B1C1D1中,由E、F、Q分别为A1D1、A1B1、B1C1的中点可证明EF⊥FQ,
由三垂线定理得EF⊥GF。
12.α、β是两个不同的平面,m、n是平面α及β之外的两条不同直线.给出四个论断:
①m⊥n ②α⊥β ③n⊥β ④m⊥α
以其中三个论断作为条件,余下一个论断作为结论,写出你认为正确的一个命题: 。
答案:m⊥α,n⊥β,α⊥β
m⊥n或m⊥n,m⊥α,n⊥β
α⊥β
贵州省兴义一中
09-10学年高三数学《空间中的垂直关系》专题训练答案
11.如图(1)所示,E、F分别为正方体的面ADD1A1、面BCC1B1的中心,则四边形BFD1E在该正方体的面上的射影可能是图(2)的 (要求:把可能的图的序号都填上)
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图(1)
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图(2)
(2)命题A:底面为正三角形,且顶点在底面的射影为底面中心的三棱锥是正三棱锥。
命题A的等价命题B可以是:底面为正三角形,且 的三棱锥是正三棱锥。
10.
如图,在空间四边形
中,
、
、
、
分别是边
、
、
、
的中点,对角线
且它们所成的角为
。
⑴求证:
,⑵求四边形
的面积。
9.已知
是边长为
的正三角形
所在平面外一点,![]()
,求异面直线
与
的距离。
8.如图1所示,已知A1B1C1-ABC是正三棱柱,D是AC的中点。
(1)证明AB1∥DBC1;
(2)假设AB1⊥BC1,BC=2。
求线段AB1在侧面B1BCC1上的射影长。
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